重庆市凤鸣山中学2018-2019学年高二下学期期中考试化学试题1. 化学与生活密切相关，下列有关说法正确的是 （ ）A. 糖类、蛋白质、油脂都属于天然高分子化合物B. 维生素C具有还原性，在人体内起抗氧化作用C. 煤经气化和液化两个物理变化过程，可变为清洁能源D. 制作航天服的聚酯纤维和用于光缆通信的光导纤维都是新型无机非金属材料【答案】B【解析】试题分析：糖类中的单糖、二糖和油脂均不是高分子化合物，A不正确；B正确，C不正确，煤的气化和液化均是化学变化；聚酯纤维属于有机合成材料，不是新型无机非金属材料，选项D不正确，答案选B。考点：考查化学知识在日常生活应用的有关判断点评：该题基础性强，贴近生活实际，有利于调动学生的学习兴趣，激发学生的学习积极性，难度不大。2.下列说法中，正确的是（ ）A. 苯、乙醇和乙酸都能发生取代反应B. CH3CH2CH2CH3的二氯取代产物只有5种结构C. 在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD. 使用溴的四氯化碳溶液或酸性KMnO4溶液都可以除去乙烷中混有的乙烯【答案】A【解析】试题分析：A、苯可与液溴、浓硝酸发生取代反应，乙醇和乙酸发生酯化反应，所以均可发生取代反应，正确；B、根据“定一移一”的原则，CH3CH2CH2CH3的二氯取代产物有6种结构，错误；C、根据酯的形成过程判断，酯水解时碳氧单键断开应属于醇的部分所以乙醇分子中应含18O原子，错误；D、使用酸性KMnO4溶液可以除去乙烷中混有的乙烯，但同时又增加新杂质二氧化碳，错误，答案选A。考点：考查对发生取代反应的物质的判断，烷烃的二代物同分异构体的判断，酯水解产物的判断，有机除杂问题3. 天然维生素P（结构如图，其中烃基R为饱和烃基）存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂。关于维生素P的叙述错误的是（）A. 可以使酸性KMnO4溶液褪色B. 分子中有三个苯环C. 1mol维生素P可以和4molNaOH反应D. 维生素P与溴水反应时1mol维生素P可以消耗6molBr2 【答案】B【解析】试题分析：A分子中含有碳碳双键和酚羟基，可被酸性KMnO4溶液氧化，故A正确；B维生素P结构中含有两个苯环，故B错误；C分子中含有4个酚羟基，具有酸性，可与NaOH反应，则1mol维生素P最多可以和4molNaOH反应，故C正确；D结构中含有酚羟基，能与溴水反应-OH的邻、对位取代，含有碳碳双键，能发生加成反应，1mol该物质与足量溴水反应耗6molBr2，故D正确；答案为B。【考点定位】本题考查有机物的结构与性质【名师点晴】由结构简式可知，分子中含酚-OH、碳碳双键、醚键、羰基等，结合酚、苯环等物质性质来解答，为高频考点，把握有机物官能团与性质的关系为解答的关键，侧重苯酚、烯烃、苯性质的考查，选项B为易错点，题目难度不大。4.用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是（ ）A. 17 g羟基(OH)所含有的电子数是10NA个B. 1 mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为4NA个C. 常温下，14 g乙烯和丙烯的混合物中总原子数为3NA个D. 4.2 g C3H6中含有的碳碳双键数一定为0.1NA【答案】C【解析】试题分析：A、依据n=，计算物质的量=1mol，结合羟基结构计算电子数9NA个，故A错误；B、苯环中无碳碳双键，1mol苯乙烯中含有的碳、碳双键数为NA个，故B错误；C、乙烯和丙烯最简式CH2，依据n=，计算CH2物质的量得到原子数=3NA=3NA，故C正确；D、依据n=，计算物质的量=0.1mol，C3H6可能是烯烃或环烷烃，含有的碳碳双键数不一定为0.1NA，故D错误；故选C。考点：考查了阿伏加德罗常数的相关知识。5.利用下图所示的有机物X可生产S诱抗素Y。下列说法正确的是（ ）A. X可以发生氧化、取代、酯化、加聚、缩聚反应，并能与盐酸反应生成有机盐B. Y既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可使酸性KMnO4溶液褪色C. 1mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗4mol NaOHD. 有机物分子中若某一个碳原子连接4个不同的原子或基团，这种碳原子称为“手性碳原子”，则在X结构中有2个手性碳原子【答案】A【解析】【详解】AX中含有碳碳双键可以发生氧化反应、加聚反应，含有-OH、-COOH能够发生取代、酯化、缩聚反应，含有-NH2，能与盐酸反应生成有机盐，故A正确；BY中不含酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，故B错误；C酚-OH、-COOH、-CONH-、-COOC-均能与碱反应，则1 molX与足量NaOH溶液反应，最多消耗5molNaOH，故C错误；D连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，则X中只有与-OH相连的C为手性碳原子()，故D错误；答案选A。【点睛】掌握官能团的结构及其性质是解题的关键。本题的易错点为C，要注意酯基水解生成的羟基是否为酚羟基，若是酚羟基，也能与氢氧化钠反应。6. 下述实验能达到预期目的的是 （ ）A. 检验乙醛中醛基：在一定量CuSO4溶液中，加入少量NaOH溶液，然后再加入乙醛，加热产生砖红色沉淀B. 分离提纯苯：向苯和苯酚混合溶液中加入足量浓溴水，静置后分液C. 比较CH3COO和CO32结合H+的能力：相同温度下，测定浓度均为0.1molL-1的Na2CO3和CH3COONa溶液的pHD. 检验溴乙烷中的溴元素：向某溴乙烷中加入NaOH溶液共热，冷却后滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成【答案】C【解析】试题分析：A、检验醛基的试剂若选用新制氢氧化铜浊液，则制备时氢氧化钠是过量的，应该是少量的硫酸铜溶液中加入过量的氢氧化钠溶液，错误；B、苯酚与浓溴水反应生成三溴苯酚沉淀溶于苯中，所以不能分液除去，错误；C、离子结合H+的能力越强，对应的酸越弱，测定浓度均为0.1molL-1的Na2CO3和CH3COONa溶液的pH，pH大的说明水解程度大，生成的酸就弱，结合H+的能力就强，正确；D、氢氧化钠与硝酸银溶液也反应生成沉淀，给实验造成干扰，所以检验溴元素时先加入硝酸中和氢氧化钠后再加入硝酸银溶液，错误，答案选C。考点：考查官能团的检验，除杂试剂、方法的选择，盐水解规律的应用7.我国支持“人文奥运”的一个重要体现是：坚决反对运动员服用兴奋剂。某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是（ ）A. 遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物B. 1 mol该物质分别与浓溴水和H2反应时最多消耗Br2和H2分别为4 mol、7 molC. 滴入KMnO4(H+)溶液，观察紫色变浅，是因为结构中存在碳碳双键D. 该分子中的所有碳原子不可能共平面【答案】B【解析】【详解】A结构中含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，但该化合物中含有2个苯环、3个羟基且含有碳碳双键，与苯酚的结构不相似，不属于苯酚的同系物，故A错误；B与浓溴水反应的酚类为酚羟基邻对位上的氢被溴取代，左边苯环邻对位上只有一个H，右边苯环邻对位上有两个H，还有一个碳碳双键与溴水发生加成反应，共消耗4 mol的Br2；苯环和碳碳双键能够与氢气加成，两个苯环、一个碳碳双键共消耗7 mol的H2，故B正确；C酚羟基、碳碳双键、苯环上的甲基都能被酸性KMnO4褪色氧化，使高锰酸钾溶液褪色，故C错误；D从苯环平面结构及乙烯的平面结构出发，把上述结构分成三部分：右边以苯环为中心8个碳原子共平面，左边以苯环为中心8个碳原子共平面，还有以碳碳双键为中心4个碳原子共平面，上述三个平面可以重合，故D错误；答案选B。8.有下述有机反应类型消去反应，水解反应，加聚反应，加成反应，还原反应，氧化反应，以丙醛为原料制取 1,2-丙二醇，所需进行的反应类型依次是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】以丙醛为原料制取1，2丙二醇。1个1，2-丙二醇分子有2个羟基，且处于相邻的碳原子上，所以应先制备丙烯，丙醛先加氢还原为丙醇，然后在浓硫酸加热条件下发生消去反应得到丙烯；丙烯再与溴加成，制得1，2-二溴丙烷，最后在碱的水溶液条件下水解即可得到1，2-丙二醇。故合成路线中依次发生的反应类型为，故选D。9. 下列实验可达到实验目的的是（ ）A. 将苯与浓硝酸、浓硫酸的混合物在60水浴加热条件下反应可生成硝基苯B. 用酸性高锰酸钾溶液即可检验CH2=CH-CHO中的碳碳双键C. 将与NaOH的醇溶液共热制备CH3CHCH2D. 淀粉在硫酸催化作用下水解，将银氨溶液加入到水解后的溶液中可检验淀粉水解的产物葡萄糖【答案】A【解析】试题分析：A、苯与浓硝酸、浓硫酸的混合物在60水浴加热条件下反应可生成硝基苯，符合反应事实，正确；B、CH2=CH-CHO中的醛基也可使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以酸性高锰酸钾溶液不能检验CH2=CH-CHO中的碳碳双键，错误；C、醇在氢氧化钠的醇溶液中不发生反应，错误；D、淀粉在硫酸催化作用下水解，中和硫酸后再将银氨溶液加入到水解后的溶液中可检验淀粉水解的产物葡萄糖，错误，答案选A。考点：考查对苯的性质的判断，官能团的检验，反应条件的判断，产物 的检验10.乙二酸，又称草酸，通常在空气中易被氧化而变质。其两分子结晶水(H2C2O42H2O)却能在空气中稳定存在。在分析化学中常用H2C2O42H2O做KMnO4的滴定剂，下列关于H2C2O4的说法正确的是A. 草酸是二元弱酸，其电离方程式为H2C2O42H+C2O42B. 草酸滴定KMnO4属于中和滴定，可用石蕊做指示剂C. 乙二酸可通过乙烯经过加成、水解、氧化再氧化制得D. 将浓H2SO4滴加到乙二酸上使之脱水分解，分解产物是CO2和H2O【答案】C【解析】试题分析：A多元弱酸的电离是分步进行的，电离方程式为H2C2O4H+HC2O4-，故A错误； B高锰酸钾本身就是紫红色，不需要指示剂，因为中和完全的时候它自己就褪色，故B错误；C乙烯和氯气加成生成1，2二氯乙烷，上述产物水解成乙二醇，乙二醇催化氧化为乙二醛，乙二醛发生银镜反应生成乙二酸，故C正确；D乙二酸在酸和受热的条件下易分解出甲酸和二氧化碳，故D错误；故选C。考点：考查多元弱酸的电离、中和滴定、乙二酸的制取和性质等。11.A、B、C都是有机化合物，且有如下转化关系：ABC，A的相对分子质量比B大2，C的相对分子量比B大16，C能与过量的NaHCO3反应生成一种常见的气体，以下说法可能正确的是（ ）A. A是乙炔，B是乙烯B. A是乙烯，B是乙烷C. A是环己烷，B是苯D. A是乙醇，B是乙醛【答案】D【解析】【详解】A的相对分子质量比B大2，说明A发生去氢生成B，C的相对分子量比B大16，C能与过量的NaHCO3反应生成一种常见的气体，则C为酸，则B为醛。B加氢可以得到A，则A为醇，只有D(A是乙醇，B是乙醛)符合要求，因此C为乙酸，故选D。12.下列有关实验的叙述，正确的是（ ）用NaOH溶液除去乙酸乙酯中混有的乙酸、乙醇，然后分液分馏石油时，温度计的末端必须插入液面下用分液漏斗分离环己烷和水的混合液体用浓氨水洗涤做过银镜反应的试管配制银氨溶液时，将稀氨水慢慢滴加到稀硝酸银溶液中，产生白色沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止蔗糖水解后，直接滴加新制氢氧化铜悬浊液并加热检验水解产物中的葡萄糖A