安徽省泗县第一中学2019-2020学年高二物理12月月考试题（扫描版）高二物理参考答案及解析 一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 1.答案：D参考解析：由图知物块沿x轴的负方向运动，A选项错误；由公式得，选项B、C错误；由牛顿第二定律知，物块受到合外力是，如果物块与地面之间的滑动摩擦是0.5N，则外力就是1N，选项D正确。2.答案：D参考解析：设斜面的质量为M，物体的质量为m，托盘测力计对物体的支持力为N，由牛顿第二定律知N-（m+M）g=（m+M）a，由于M不知，所以托盘测力计读数变化不能确定，选项AB错误；当电梯以5m/s2的加速度竖直向上运动时，设斜面对物体的支持力为F，则，斜面对物体的支持力的变化为，D正确。3.答案：A参考解析： 由题意可知,A、B相距最近时,B对A的影响最大,且每隔时间t发生一次最大的偏离,说明A、B再次相距最近,设行星B的周期为T,则有，解得T=,根据开普勒第三定律,有，解得，选项A正确。 4.答案：C参考解析：3s内A、B的位移分别为xA7m=，xB10m，（v-t图象中图象与坐标轴围成的面积为位移），第3s末两个物体不会相遇，错；由、的图像知，在运动过程中，物体始终在追物体，两物体不会相遇，错；在13s时间里，由、的图像知A、B两物体的位移一样，时间相同，所以平均速度相同，C选项正确；由于SA=8m,SB=12m,所以是B物体在A物体前4m处，选项D错误。5.答案：A参考解析：根据CrS/4kd，CQ/U，B板上移，S减小， C减小，Q不变，U增大，甲操作静电计的指针张角变大；B板左移，d增大，C减小，U增大，乙操作静电计的指针张角变大；插入电介质，r增大，电容C增大，U减小，丙操作静电计的指针张角变小。6.答案：B解析：由于带电颗粒都打在极板上，所以沿电场方向匀加速运动的时间t，垂直电场方向匀速运动由xv0t，得tatbabac，再由牛顿第二定律可推出，a带负电，b不带电，c带正电。当平行金属板所带的电量不变，电性翻转，b颗粒的水平位移不变，带正电的C由于受到的电场力由向上改为向下，合力变大，所以c的位移比b的位移一定要小，且落在下极板上。a带的是负电，此时电场力向上，由于不能比较a与c所带的电量多少，所以颗粒a受到的合力与c颗粒受到合力大小不好比较，它们的水平位移也是不能确定的。当，a颗粒向上偏转，且位移等于颗粒b的位移，所以选B正确。7.答案：AC参考解析：首先对乙球受力分析知，F3=Gsin45,大小方向都不变；整体受力分析，如图所示，2GF2NF2是逐渐减小；N也是在逐渐减小，设斜面对乙球的作用力大小为F1，且N=F1+F1，由于F1大小不变，所以F1在逐渐减小。正确答案是AC。8.答案：BC参考解析：由于L3烧坏，电路中的电阻变大，由闭合电路欧姆定律知，电表A1读数变小，电表V1读数变小，电表V2读数变大，L1变暗，L2变亮。9.答案：BD参考解析：由于向心力是一个变力，所以小球某一方向上加一个恒定的外力，是不可能做圆周运动的，选项A错误；由于小球的速度方向垂直向下，只要让小球在水平方向上合qEmgFmin外力等于零，小球即可以做直线运动，且最小外力等于电场力在水平方向上的分力大小，如图所示，选项B正确，选项C错误；带电小球受重力mg与电场力qE，如图所示，两个力合力大小，所加的外力只要与F等值反向，小球所受的合外力等于零，小球可以做匀速直线运动，选项D正确；qEmgF10.答案：AC参考解析：由动能定理，得，即电子到达B点时的动能为，由于C点与A点等电势，所以动能相等，也为Ek，A选项正确；O到A的电场是匀强电场，电子受到的电场力的大小不变，电子做匀加速运动，而不是先增大，B选项错误；若电子静止在A点，给一个沿x轴方向的初动能，初动能小于，电子未到达x2的位置，速度就减为零，然后反向运动，电子只能在一个范围内做往复运动，选项C正确；电场的方向总是从高电势指向低电势，所以在0x1区间内电场的方向是指向x轴的负方向，选项D错误。卷 II二、实验题(11小题6分；12小题9分，共15分）11.答案：（1）C（2分） （2）2.25mm（1分） 30（2分）（3）甲（1分）参考解析：(1)气垫导轨上已经没有摩擦，倾斜仅仅是为滑块运动提供动力，A错误；本实验设计思想是让滑块在充气的情况下，读取弹簧测力计的读数，释放滑块后，滑块的外力就等于弹簧测力计的读数，B错误，C正确。（2）该游标卡尺为20分度的，则读数为2mm+50.05mm=2. 25mm，根据，解得a=4.9m/s2，a=gsin，则sin=0.5，则=30；(3)本实验设计思想突破了传统实验用钩码的重力替代绳子的拉力，所以正确选择项是甲。12.答案：（1）改装电路图如图1所示（2分） R2 （1分） （2）R图象（1分） （3）如图2所示（1分）GR2 （4）REr （2分）（5）0.87(0.840.91均可)（1分） 500520（1分） 参考解析：(1)改装电表电路图如图所示；R2，电流量程扩大的倍数是n=10,并联的电阻阻值是R0=，应该选R2，此时改装后的电流表内阻为RA；(2)电阻R与电流的倒数成正比，所以画R图象比较形象直观。(3)作图时让点均匀分布在直线两侧。(4)根据闭合电路欧姆定律，EI(rRAR)，整理可得RErRA，又，所以REr。图线的斜率就是电动势，图线的截距大小就是rRA，由此可求得电源的电动势和内阻。（5）0.87(0.840.91均可)； 500520 。计算略。3、 计算题（13小题8分；14小题12分；15小题15分，共35分）13.参考解析：（1） 1分 2分（2） 设滞后子弹发射的时间是，或在子弹发射之前时间释放目标靶，则 2分 2分所以在子弹发射0.11s以后，或子弹在释放目标靶0.09s以后发射，子弹都将脱靶。 1分 14.参考解析：（1）设小球恰恰能过最高点时的速度为，对小球在最低点的速度是，则 2分 2分解得 1分所以满足的条件是，小球在最低点的速度必须大于或等于。 1分（2）绳应该在圆轨道的最低点处断，绳断后，小球做类平抛运动，设此时小球的速度为，由题意知，则 1分 1分解得 1分此时对应绳子张力最大，设为T，则 2分解得 1分15.参考解析：（1）设电场强度为E，小球运动到B点时的速度为v，从释放点到B点列动能定理方程 1分 由牛顿第二定律，小球在B点的满足的方程是 1分 联列以上两式解得 1分 （2）由于水平轨道CD、PQ没有摩擦，所以小球在轨道上运动，可以等效在一个等效重力场为，半径为R的圆轨道上运动，如图所示，a1、a2相当于圆轨道的最低点和最高点，b1、b2相当于与圆心等高的两个点。Oa1a2b1b2（i） 若小球恰好到达b1点时的初速度是，则满足如下物理方程 2分 1分 小球到达b1点后返回，设到达A点的速度为，由动能定理得 1分 解得 1分 说明小球在返回时，在左半边的半圆形轨道的某处脱轨。我们再讨论小球返回时恰好到达b2点的情况，设小球初速度为，则 2分 解得 1分 （ii） 若小球恰恰好通过a2点时的初速度是，设在a2点的速度为，应满足如下方程 1分 2分 联列以上两式，解得 1分 综上所述，当小球初速度或。