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新高考物理大二轮复习选择题汇编选择题满分练七有一项符合题目要求,第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分1氢原子的能级示意图如图所示,现有大量的氢原子处于n4的激发态,当向低能级跃迁时,会辐射出若干种不同频率的光,若用这些光照射逸出功为4.5 eV的钨时,下列说法中正确的是()A氢原子能辐射4种不同频率的光子B氢原子辐射的光子都能使钨发生光电效应C氢原子辐射一个光子后,氢原子的核外电子的速率增大D钨能吸收两个从n4向n2能级跃迁的光子而发生光电效应解析:选C.氢原子从n4能级向低能级跃迁时能辐射6种不同频率的光子从n4到n3跃迁辐射出的光子能量E43(1.510.85)eV0.66 eV4.54 eV,故不能使钨发生光电效应;氢原子辐射一个光子后,能级降低,半径变小,动能变大,速率增大;金属发生光电效应时,不能同时吸收两个光子;综上述选项C正确2如图所示,一定质量的小物体(可视为质点)用轻质细线固定悬挂在天花板上在水平拉力F作用下,当细线与竖直方向夹角为30时小物体恰能处于平衡状态若对小物体施加同样大小的拉力,方向垂直于细线,仍然使物体处于平衡状态则下列说法中正确的是()A小物体所受到的重力大小为FB当施加水平方向作用力时细线受到沿线方向的拉力大小等于FC当施加垂直于细线方向的拉力时,细线受到沿线方向的拉力大小等于2FD当施加垂直于细线方向的拉力时,细线与竖直方向的夹角大于60解析:选A.对小物体受力分析,根据平衡条件可得tan 30,FTsin 30F,解得小物体所受到的重力大小mgF,细线受到沿线方向的拉力大小FT2F,故A正确,B错误;当施加垂直于细线方向的拉力时,根据平衡条件可得FTF,解得细线受到沿线方向的拉力大小FTF,故C错误;当施加垂直于细线方向的拉力时,细线与竖直方向的夹角,则有mgsin F,解得细线与竖直方向的夹角sin sin 60,故D错误;故选A.3如图所示,在光滑水平面上有一静止小车,小车上静止地放置着一小物块,物块和小车间的动摩擦因数为0.3,用水平恒力F拉动小车,设物块的加速度为a1,小车的加速度为a2,重力加速度g取10 m/s2.当水平恒力F取不同值时,a1与a2的值可能为()Aa12 m/s2,a23 m/s2Ba13 m/s2,a22 m/s2Ca15 m/s2,a23 m/s2Da13 m/s2,a25 m/s2解析:选D.由受力分析可知物块的加速度取决于M对物块的摩擦力,即Ffma1,且Ff的最大值为Ffmmg,即a1的最大值为a1mg3 m/s2.当二者相对静止一起加速时,a1a23 m/s2.当F较大时,m与M发生相对滑动,a13 m/s2,a23 m/s2,综上所述只有选项D符合题意4如图所示,A为置于地球赤道上的物体,B为绕地球椭圆轨道运行的卫星,C为绕地球做圆周运动的卫星,B、C运行轨道与赤道在同一平面内,P为B、C两卫星轨道的交点,已知A、B、C绕地心运动的周期相同,下列说法正确的是()A卫星B在近地点的速度大于卫星C的速度B卫星B在P点的加速度大于卫星C的加速度C卫星C的运行速度小于物体A的速度D卫星C和物体A具有相同大小的加速度解析:选A.B在椭圆轨道上的近地点距地球距离小于C卫星的轨道半径,因为B在近地点将做离心运动,故B在近地点速度大于在近地点做圆周运动的卫星速度,再根据卫星速度公式v ,可知,近地点环绕速度大于C卫星的速度,从而可知,B在近地点的速度大于卫星C的速度,故A正确;根据万有引力提供向心力:Gma,解得:aG,在P点,G、M、r都相同,所以卫星B在P点的加速度大小与卫星C在P点加速度大小相等,故B错误;因为A、B、C绕地心运动的周期相同,所以A、B、C的角速度相等,卫星C做圆周运动的半径大于A的半径,由vr可知,C的线速度大于A的线速度,故C错误;根据a2r,可知因为卫星C做圆周运动的半径大于A的半径,所以卫星C加速度大于物体A的加速度,故D错误故A正确,BCD错误5如图所示,以O点为圆心的圆周上有六个等分点a、b、c、d、e、f,等量正、负点电荷分别放置在a、d两点时,下列说法中正确的是()Ab、c、e、f四点的场强相同Bb、c、e、f四点的电势相等CO点的电势高于b、c、e、f四点的电势D将一带正电的试探电荷从O点移到e点,电场力做正功解析:选D.由题意可知,两点电荷在e、f处的电场强度各自进行矢量合成,则e、f处场强大小相等,而方向不相同,同理b、c电场强度大小相等,方向不同,故A错误依据等量异种电荷,等势线的分布,可知,b、f二点的电势相等,而c、e二点的电势相等,且b、f二点的电势高于c、e二点的电势,故B错误;根据沿着电场线方向,电势降低,因此O点的电势高于c、e二点的电势,而低于b、f二点的电势,故C错误;将一带正电的试探电荷从O点移到e点,即从高电势移动低电势,那么电势能降低,因此电场力做正功,故D正确;故选D.6如图所示为某兴趣小组设计的一种发电装置,在磁极和圆柱状铁芯之间形成的两磁场区域的圆心角均为,磁场均沿半径方向;矩形线圈abcd(d点未在图中标出)的匝数为N,其边长abcdl,bcad2l;线圈的总电阻为r,外接电阻为R;线圈以角速度绕中心轴匀速转动,bc边和ad边同时进、出磁场在磁场中,bc边和ad边所经过处的磁感应强度大小均为B、方向始终与两边的运动方向垂直则()Abc边和ad边在磁场中运动时,线圈的感应电动势的大小为NBl2Bbc边和ad边在磁场中运动时,bc边所受安培力的大小为C通过R的电流有效值为D通过R的电流有效值为解析:选BD.bc、ad边的运动速度v,电动势Em2NB2Lv2NBl2,A错误;根据欧姆定律得,电流Im,bc边所受安培力为FNBIm2l,故B项正确;因为两磁场的圆心角为,故一个周期内通电时间tT,由有效值定义知:I(Rr)TI2(Rr)T,解得I,故选项D正确7(多选)质量为M的足够长的木板B放在光滑水平地面上,一个质量为m的滑块A(可视为质点)放在木板上,设滑块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,如图甲所示木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时,用传感器测出木板B的加速度a,得到如图乙所示的aF图象,取g10 m/s2,则()A滑块A的质量m1.5 kgB木板B的质量M1.5 kgC当F5 N时,木板B的加速度a4 m/s2D滑块A与木板B间的动摩擦因数为0.1解析:选AC.由图乙知,当F4 N时A、B相对静止,加速度为a2 m/s2,对整体分析:F(mM)a,解得mM2 kg,当F4 N时,A、B发生相对滑动,对B有:aF,由图象可知,图线的斜率:k2 kg1,解得M0.5 kg,则滑块A的质量为:m1.5 kg,故A正确,B错误;将F4 N所对图线反向延长线与F轴交点坐标代入F,解得0.2,故D错误;根据F5 N4 N时,滑块与木块相对滑动,B的加速度为aBF4 m/s2,故C正确8如图所示,倾角60、高为h的粗糙绝缘斜面体ABC固定在水平地面上,一个带负电的小球(可视为点电荷)固定在BC边上距B点高处的D点,可视为质点的带正电的小物块Q静止于斜面底端的A点,此时小物块Q恰好不接触地面且与斜面间的摩擦力为0.已知小物块Q与斜面间的动摩擦因数,小物块Q所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g,下列说法正确的是()A小物块Q静止于A点时所受的库仑力与其重力大小相等B若要拉动小物块Q,使之沿斜面向上运动,则拉力的最小值为mgC在拉动小物块Q缓慢沿斜面向上运动的过程中,当其所受摩擦力最大时,系统的电势能也最大D若缓慢地将小物块Q从A点拉动至C点,则外力做功等于小物块Q重力势能的增加量与系统因摩擦而产生的热量之和解析:选AD.小物块Q静止于A点时,恰好不接触地面且与斜面间的摩擦力为0,对小物块Q受力分析且由几何关系可知,小物块Q所受库仑引力与水平面夹角为30,则沿斜面方向对小物块Q由平衡条件得mgsin 60F库cos 30,解得F库mg,A正确小物块Q运动时,除拉力外的受力如图甲所示,库仑力与重力大小相等,且二者夹角为120,故库仑力与重力的合力大小为F2mg,合力在重力与库仑力的角平分线上,方向与重力方向夹角为60,由题给数据知小物块Q所受支持力与滑动摩擦力的合力F1方向沿水平方向向右如图乙所示,由图解法可得,满足拉力与F1方向垂直时,拉力最小,最小值为mgsin 30mg,B错误在运动过程中,小物块Q与D点距离最近时,所受的库仑力最大,与斜面间弹力最大,滑动摩擦力最大,此时系统的电势能最小,C错误DADC,小物块Q在A、C两点电势能相等,由能量守恒可知,若缓慢地将小物块Q从A点拉动至C点,则外力做功等于小物块Q的重力势能增加量与系统因摩擦而产生的热量之和,D正确
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