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厦门外国语学校2017-2018学年第二学期高三第一次考试数学(理科)试题一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1在复平面内,复数对应的点位于( )A第一象限 B第二象限 C第三象限 D第四象限2已知集合,则( )A. B. C. D. 3已知向量,且,则( )A B C D4若直线与圆有公共点,则实数取值范围是( )A. B. C. D. 5甲、乙两人计划从、三个景点中各选择两个游玩,则两人所选景点不全相同的选法共有( )A 3种 B 6种 C 9种 D12种6一个几何体的三视图如图所示,其中正视图和侧视图相同,其上部分是半圆,下部分是边长为2的正方形;俯视图是边长为2的正方形及其外接圆则该几何体的体积为( )A. B. C. D. 7如果执行如图的程序框图,那么输出的值是( )A2010B1 CD2(第6题图)(第7题图)8已知,则( )A. B. C. D. -9.已知函数,且,则等于( )A 2013B2014C2013D201410关于圆周率,数学发展史上出现过许多很有创意的求法,如注明的浦丰实验和查理斯实验.受其启发,我们也可以通过设计下面的实验来估计的值:先请120名同学每人随机写下一个都小于1的正实数对;再统计两数能与1构成钝角三角形三边的数对的个数;最后再根据统计数估计的值,假如统计结果是,那么可以估计的值约为( )A. B. C. D. 11已知双曲线的左,右焦点分别为,若双曲线上存在点,使,则该双曲线的离心率范围为( )A. (1,) B. (1,) C. (1, D. (1,12已知函数若关于的方程有且仅有一个实数解,则实数的取值范围是( )A B C D二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分13锐角中角的对边分别是,若,且的面积为,则_14设是两条不同的直线,是两个不同的平面,则下列四个命题中(1)若,则; (2)若,则;(3)若,则; (4)若,则.其中所有真命题的序号是.15学校艺术节对同一类的四项参赛作品,只评一项一等奖,在评奖揭晓前,甲、乙、丙、丁四位同学对这四项参赛作品预测如下:甲说:“作品获得一等奖”; 乙说:“作品获得一等奖”丙说:“两项作品未获得一等奖” 丁说:“是或作品获得一等奖”若这四位同学中只有两位说的话是对的,则获得一等奖的作品是 _16已知平面图形为凸四边形(凸四边形即任取平面四边形一边所在的直线,其余各边均在此直线的同侧),且,则四边形面积的最大值为_三、解答题:本大题共6小题,共70分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤17.(本小题满分12分)等差数列的前n项和为,已知, 为整数,且.(1)求的通项公式;(2)设,求数列的前n项和.18(本小题满分12分)如图(1)五边形中,,将沿折到的位置,得到四棱锥,如图(2),点为线段的中点,且平面.(1)求证:平面.(2)若直线与所成角的正切值为,求直线与平面所成角的正弦值.19(本小题满分12分)某石化集团获得了某地深海油田区块的开采权,集团在该地区随机初步勘探了部分几口井,取得了地质资料.进入全面勘探时期后,集团按网络点来布置井位进行全面勘探,由于勘探一口井的费用很高,如果新设计的井位与原有井位重合或接近,便利用旧井的地质资料,不必打这口新井,以节约勘探费用,勘探初期数据资料见如表:(参考公式和计算结果:,)(1)16号旧井位置线性分布,借助前5组数据求得回归直线方程为,求的值,并估计的预报值.(2)现准备勘探新井,若通过1,3,5,7号并计算出的,的值(,精确到0.01)相比于(1)中的,值之差不超过10%,则使用位置最接近的已有旧井,否则在新位置打开,请判断可否使用旧井?(3)设出油量与勘探深度的比值不低于20的勘探井称为优质井,那么在原有6口井中任意勘探4口井,求勘探优质井数的分布列与数学期望.20(本小题满分12分)已知抛物线的焦点在抛物线上,点是抛物线上的动点(1)求抛物线的方程及其准线方程;(2)过点作抛物线的两条切线,、分别为两个切点,求面积的最小值21(本小题满分12分)已知函数,其中.(1)求函数的零点个数;(2)证明:是函数存在最小值的充分而不必要条件.22选修44:坐标系与参数方程(本小题满分10分)在平面直角坐标系中,圆的参数方程为,(t为参数),在以原点O为极点,轴的非负半轴为极轴建立的极坐标系中,直线的极坐标方程为,两点的极坐标分别为(1)求圆的普通方程和直线的直角坐标方程; (2)点是圆上任一点,求面积的最小值23选修4-5:不等式选讲(本小题满分10分)已知函数,(1)解不等式:;(2)若对任意的,都有,使得成立,求实数的取值范围.厦门外国语学校2017-2018学年第二学期高三第一次考试数学(理科)试题参考答案 一.选择题1-11ACACB CDCDB AC二.填空题13 14(1)(4) 15C 16.【选择填空解析】1A2C解:由题意可知: , ,由交集的定义可得: ,表示为区间即 .3A4C解:由题意得圆心为,半径为。圆心到直线的距离为,由直线与圆有公共点可得,即,解得。实数a取值范围是。5B6C解:由题意可知:该几何体上半部分为半球,下半部分为正方体,且正方体的面内切于半球的截面,且正方体的棱长为2, ,该几何体的体积为: .7D解:当时,,时,,当时,,所以是一个周期问题,,当时,被3整除余2,所以的值是当时的值,所以,当时,输出.8C解:=,9.D解:当为奇数时,当为偶数时,所以10. B解:如图,点在以为邻边的正方形内部,正方形面积为1,能构成钝角三角形的三边,则,如图弓形内部,面积为,由题意,解得11A解:由题意,点不是双曲线的顶点,否则无意义,在中,由正弦定理得,又,即,在双曲线的右支上,由双曲线的定义,得,即,由双曲线的几何性质,知,即,解得,又,所以双曲线离心率的范围是,故选A.11. C解:由函数可知,在部分.当时.当时.当时恒成立.因为关于的方程有且仅有一个实数解,所以只能是只有一个解.当时有一个解.所以要使在上没解,有前面可得成立.当时要使才能成立.13解:由题意得,又锐角,所以,由余弦定理得14(1)(4)解:选项(1)中,由面面垂直的判定定理知(1)正确;选项(2)中,由线面垂直的判定定理知,(2)错;选项(3)中,依条件还可得,故(3)错;选项(4)中,由线面垂直的性质知,故(4)正确.考点:线面垂直、面面垂直的判断与性质15C解:若是一等奖,则甲丙丁都对,不合题意;若是一等奖,则甲乙丁都错,不合题意;若是一等奖,则乙丙正确,甲丁错,符合题意;若是一等奖,则甲乙丙错,不合题意,故一等奖是16.解:设,在中,由余弦定理得,.在中,由余弦定理可得,即有,又四边形面积,即有,又,两式两边平方可得.化简可得,由于,即有,当即时,解得.故的最大值为.三.解答题17. 解:(1)由,为整数知,等差数列的公差为整数又,故2分于是,解得,4分因此,故数列的通项公式为6分(2),8分于是12分18.(1)证明:取的中点,连接,则,又,所以,2分则四边形为平行四边形,所以,3分又因为面所以平面5分(2)又平面,平面,.由即及为的中点,可得为等边三角形,又,平面平面,平面平面.6分,为直线与所成的角,由(1)可得,设,则,取的中点,连接,过作的平行线,可建立如图所示的空间直角坐标系,则,9分所以,设为平面的法向量,则,即,取,则为平面的一个法向量,则直线与平面所成角的正弦值为.12分19.(1)因为,.回归直线必过样本中心点,则.2分故回归直线方程为,当时,即的预报值为24.4分(2)因为,所以,6分,即,.,均不超过10%,因此使用位置最接近的已有旧井.8分(3)由题意,1,3,5,6这4口井是优质井,2,4这两口井是非优质井,所以勘察优质井数的可能取值为2,3,4,.X234P12分20.试题解析:()的方程为 其准线方程为4分()设, 则切线的方程:,即,又,所以,6分同理切线的方程为,又和都过点,所以,所以直线的方程为. 8分联立得,所以。所以点到直线的距离 所以的面积10分所以当时, 取最小值为。即面积的最小值为2.12分21解(1)由,得2分令,得,或.所以当时,函数有且只有一个零点:;当时,函数有两个相异的零点:,.5分(2)当时,恒成立,此时函数在上单调递减,所以,函数无极值.6分当时,的变化情况如下表:所以,时,的极小值为.又时,所以,当时,恒成立.所以,为的最小值.故是函数存在最小值的充分条件.10分当时,的变化情况如下表:因为当时,又,所以,当时,函数也存在最小值.所以,不是函数存在最小值的必要条件.综上,是函数存在最小值的充分而不必要条件.12分22解: (1)由消去参数t,得,所以圆C的普通方程为2分由,得,换成直角坐标系为,所以直线l的直角坐标方程为5分(2)化为直角坐标为在直线l上,并且,设P点的坐标为,则P点到直线l的距离为,8分,所经面积的最小值是10分23.解:试题解析:()由得.5分()的值域为,对任意的,都有,使得成立,
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