书书书? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? O& F 7? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?#$? ? ? ? ? ? ?槡? ? ?槡? ? ?#-BC? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?0$BCU TY N ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?&%$#.? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?1#0? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?.12#$%#/BDECMJJ J JJUUUU U U U UJUUUU0000? ?#$? ? ? ? ? ? ? ?#$W? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?0B C*33374? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?./ REW E? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?#$? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?EDBC507? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?0./Y NZ N? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?槡? ?0?1 2020 学学年年第第一一学学期期高高三三调调研研考考试试物物理理参参考考答答案案及及评评分分细细则则 选择题： （共 40 分，16 小题，每小题 4 分，710 小题全部选对得 4 分，选对不全得 2 分，有选错或不答的得 0 分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C B D B C BD BD BCD AD 11 （6 分）(1)0.850(2 分) (2). Bdt(2 分) ， 22211()2BAdgh tt=(2 分) 12 （9 分）（1）负接线柱(2 分)； 1 (2 分) （2）电压表的读数不变（或V的读数不变）(2 分) ；b(2 分) ；电压表的读数（或 R1、电流表内阻之和与电流表读数的乘积。）(1 分) 13 （14 分）解析： (1)M 板 (或上极板)带正电（2 分） ； 撤去磁场后，粒子是从 M 板 (或上极板)边缘飞出（1 分） 。 (2)带电粒子在两板间匀速运动 0xqv Bq E=(2 分) UEd=(2 分) 解得0xUBdv=(1 分) (3)去掉磁场，恰好从右板边缘射出，做类平抛运动， 水平：2d=v0t(2 分) 竖直：2122yda t=(1 分)， yEqUqamdm=(1 分) 联立解得比荷204vqmU=(2 分) 14 （19 分）解析： (1) C 刚滑上 A 时，设 C 的加速度为 aC，AB 加速度相同，设为 aAB, A 对 B 作用力 FAB 运用牛顿运动定律： 对 C：CCCm gm a=(分) 对 AB 整体：CAB()ABm gmma=+(分) 2 对 B：ABABBFm a=(分) 可得：2C5/am s=(分)； AB5NF=(分) (2) C 刚离开 A 时，A 与 B 速度相等,设为 vAB，由动量守恒定律： 0ABAB()CCCm vm vmmv=+(2 分) 代入数据，得 vAB=1m/s 设板长为 l，由功能关系可得： 222CABAB0111()222CCCm glm vmmvm v=+(2 分) 代入数据，得木板 A 的长度 l=0.8m(1 分) （说明：用牛顿运动定律结合，运动学公式做对，也可给分： 对 C：2202CCcvvsa=(1 分) 对 AB：2ABABAB2vsa=(1 分) 又：AB1ABva t=(1 分) C0C 1vva t=(1 分) 可得：CABs -sl =0.8m(1 分)） （3） 设 C 达到轨迹最大高度 h ，此时，无论 C 是否离开 B，只有水平速度且与 B 相等，设为 vx；C 刚滑上 B 时，B 的速度BAB1m/svv=。 对 BC 系统：水平方向动量守恒，系统机械能守恒定律可得： BCX()CCBm vmvmmv+=+(1 分) 222BCX111()222CCBCm vmvmmvm gh+=+(1 分) 代入数据得：vx=3m/s (1 分) h=0.15mR=0.1m, (1 分) 故 C 会从的上方脱离。vx即是轨迹最高点的速度，也是 C 脱离 B 时速度的水平分量。 解法一：设刚离开时 C 速度为Cv 对 C，从刚离开 B 到轨迹最高点过程，运用机械能守恒定律： 22CX11)22CCCm vm vm g hR=+（(分) 代入数据得：C10/vm s=(1 分) 3 解法二：对 C 滑入 B 到刚离开，系统机械能守恒定律可得： 222211112222CCBBCCBxCm vm vm vm vm gR+=+(分) 代入数据得： C10/vm s=(1 分) 当 C 物体滑出后， 水平速度仍与 B 相同， 又会返回 B， 从 B 最下方向离开， 设速度为Cv。 对 BC 系统：水平方向动量守恒，系统机械能守恒定律： BBBBCCCCm vm vm vm v+=+(1 分) B2222BBB11112222CCCCm vm vm vm v+=+(1 分) 代入数据，解得：C2m/vs=(1 分) 15 （1） （4 分）增加（1 分） 、正功（1 分） 、=（1 分） 、从外界吸收（1 分） （2） （8 分）(1)第一次打入气体后，篮球内气体压强变为 p1，根据玻马定律有： 000101()15p VVpV+= (2 分) 解得：101615pp=(2 分) (2)篮球内气体压强 1.5p0 ，经等温过程，在 p0压强下的体积： 00001.5p Vp V= (2 分) 001.5VV= 连续打入 15 次后，打入气体质量占总质量比 000015m1540%1.51515VVVVmVV=+ (2 分)（计算公式正确 1 分，结果 1 分） （其它方法正确同样给分。计算打入 15 次的气体，在 1.5p0下的体积：由0000151.515VppV= (2 分)，得：0023VV=， 则00002m340%23VmVVVVV=+ (2 分)） 4 16 （1） （4 分）83（1 分） 、43（1 分） 、下（1 分） 、增大（1 分） （2） （8 分） (1)根据1sinCn=（2 分） 代入数据，解得：30C=（1 分） (2)由于临界角为 30，且33AOR=，可知圆弧最右侧 M 点是一个临界点如图，即满足： sinsinAORCMAO= （1 分） 解得：60MAO= 故-C-18090AOMAMO=（1 分） 所以光线在M点发生全反射；当光线射向另一个临界点 N 时，由正弦定理 sinsinAORCNAO=（1 分） 可得120NAO= 所以：180C30NOANAO=（1 分） 综上所述，入射点在圆弧 MN之间时入射角大于临界角 C，会发生全反射，光线无法射出，故圆弧上光线无法射出部分即圆弧 MN对应的圆心角 903060MONMOANOA= （1 分）