2016 届广东省湛江一中高三上学期（11 月份）月考物理试卷【解析版】一、选择题1在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，物理学中把这种研究方法叫做“微元法” ，下列几个实例中应用到这一思想方法的是( )A在不需要考虑物体本身的大小和形状对所研究问题的影响时，用有质量的点来代替物体，即质点B一个物体受到几个力共同作用产生的效果与某一个力产生的效果相同，用这个力代替那几个力，这个力叫做那几个力的合力C为计算弹簧弹力做的功，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，拉力在每小段可以认为是恒力，用各小段做功的代数和代表弹力在整个过程中做的功D在探究加速度与力、质量之间的关系时，先保持质量不变探究加速度与力的关系，再保持力不变探究加速度与质量的关系【考点】物理学史【专题】常规题型【分析】该题考察对微元法的思想的理解，计算弹簧拉力所做的功，与计算匀变速直线运动的位移相类比，计算匀变速直线运动的位移时，将位移分成很多小段，每一小段的速度可近似认为相等，物体在整个过程中的位移等于各小段位移之和计算拉力所做的功，也是将弹簧的形变过程分成很多小段，每一小段的拉力可近似认为是不变的，拉力在整个过程中的功等于各小段功之和【解答】解：A、质点采用的科学方法是建立理想化模型的方法故 A 错误B、一个物体受到几个力共同作用产生的效果与某一个力产生的效果相同，这个力叫做那几个力的合力，采用的是等效法故 B 错误C、为计算弹簧弹力做的功，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，拉力在每小段可以认为是恒力，用各小段做功的代数和代表弹力在整个过程中做的功，采用的是微元法故 C 正确D、在探究加速度与力和质量之间关系时，先保持质量不变探究加速度与力的关系，再保持力不变探究加速度与质量的关系，采用的是控制变量法故 D 错误故选：C【点评】高中物理过程中会遇到许多种分析方法，这些方法对学习物理有很大的帮助，故平时在理解概念和规律的同时，注意方法的积累2如图所示，某人沿着倾角为 45的楼梯从一楼 A 位置走到了二楼 B 位置，如果楼梯间的宽度为 L，则人的位移为( )A2L B L C L D L【考点】位移与路程【专题】定性思想；定量思想；直线运动规律专题【分析】位移为初末两点间的有向线段的长度，方向由初位置指向末位置，而大小即为线段的长度【解答】解：由 A 到 B 的水平位移为 L，竖直位移为 2L，因此总的位移为= L； 故选：D【点评】本题考查位移的计算，要求能明确位移的定义，能正确作出位移并能利用几何关系求解位移的大小3如图所示，质量为 M 的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定在框架上，下端固定一个质量为 m 的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起，当框架对地面压力为零瞬间，小球的加速度大小为( )Ag B g C0 D g【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】当框架对地面的压力为零的瞬间，对框架分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，再隔离对小球分析，运用牛顿第二定律求出小球的加速度【解答】解：当框架对地面压力为零瞬间，弹簧对框架向上的作用力等于框架重力，则小球受到向下的合力等于 mg+Mg，由牛顿第二定律可得 mg+Mg=ma，解得小球的加速度大小为 a= g，选项 D 正确故选：D【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解4空间有一沿 x 轴对称分布的电场，其电场强度 E 随 x 变化的图象如图所示下列说法正确的是( )AO 点的电势最低 Bx 2 点的电势最高Cx 1 和x 1 两点的电势相等 Dx 1 和 x3 两点的电势相等【考点】电场；电势【专题】压轴题【分析】解答本题需掌握：电场线的切线方向表示空间该点的场强方向；沿着电场线电势越来越低【解答】解：A、B、从图象可以看出，电场强度的大小和方向都沿 x 轴对称分布，沿着电场强度的方向，电势一定降低，故根据其电场强度 E 随 x 变化的图象容易判断，O 点的电势最高，故 A 错误，B 也错误； C、由于 x1 和 x1 两点关于 y 轴对称，且电场强度的大小也相等，故从 O 点到 x1 和从 O 点到x 1 电势降落相等，故 x1 和 x1 两点的电势相等，因而 C 正确；D、由于沿着电场强度的方向，电势一定降低，故从 O 点到 x1 和从 O 点到 x3 电势都是一直降落，故 x1 和 x3 两点的电势不相等，故 D 错误；故选 C【点评】本题关键抓住沿着电场强度的方向，电势一定降低；然后结合图象得到电场强度的分布情况，再分析电势变化情况即可5在某星球表面以初速度 v0 竖直上抛一个物体，若物体只受该星球引力作用，万有引力恒量为 G，忽略其它力的影响，物体上升的最大高度为 h，已知该星球的直径为 d，可推算出这个星球的质量为( )A B C D【考点】万有引力定律及其应用；竖直上抛运动【专题】万有引力定律的应用专题【分析】根据竖直上抛运动，求出星球表面的重力加速度，根据万有引力等于重力求解这个星球的质量【解答】解：由 v02=2gh，得 g= 根据万有引力等于重力得：=mg R= 由解得：M=故选 A【点评】解决本题得关键掌握万有引力等于重力重力加速度 g 是联系星球表面的物体运动和天体运动的桥梁6汽车在平直公路上以速度 v0 匀速行驶，发动机功率为 P，牵引力为 F0，t 1 时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到 t2 时刻，汽车又恢复了匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变） 则图中能反映汽车牵引力 F、汽车速度 V 在这个过程中随时间 t 变化的图象是( )A B C D【考点】功率、平均功率和瞬时功率【专题】功率的计算专题【分析】汽车的功率 P=Fv，分析司机减小油门时牵引力的变化，判断汽车速度的变化再选择图象【解答】解：由题，汽车以功率 P、速度 v0 匀速行驶时，牵引力与阻力平衡当司机减小油门，使汽车的功率减为时，根据 P=Fv 得知，汽车的牵引力突然减小到原来的一半，即为 F=F0，而阻力没有变化，则汽车开始做减速运动，由于功率保持为 P，随着速度的减小，牵引力逐渐增大，根据牛顿第二定律得知，汽车的加速度逐渐减小，做加速度减小的变减速运动当汽车再次匀速运动时，牵引力与阻力再次平衡，大小相等，由 P=Fv 得知，此时汽车的速度为原来的一半故选 AD【点评】本题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率 P=Fv，在功率一定时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系7竖直细杆上套有一个 1kg 的小圆环，圆环左侧系住一劲度系数 k=500N/m 的轻弹簧，已知弹簧与竖直方向的夹角为 =37，圆环始终静止，则以下分析正确的是( )A当弹簧伸长量 x=2.5cm 时，圆环与竖直杆的摩擦力为零B当弹簧伸长量 x=0.5cm 时，圆环与竖直杆的弹力 F=1.5NC保持弹簧伸长量不变，适度减小 ，圆环与细杆之间的弹力变小D保持弹簧伸长量不变，适度减小 ，圆环与细杆之间的摩擦力变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力；胡克定律【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】圆环受重力、支持力、弹簧的弹力，可能有静摩擦力，取决于拉力的竖直分力与重力的大小关系，根据共点力平衡条件列式分析即可【解答】解：A、当弹簧伸长量 x=2.5cm 时，弹簧弹力：F =kx=500N/m0.025m=12.5N；弹簧弹力的竖直分力为：F y=Fcos37=12.5N0.8=10N=mg，故摩擦力为零；故 A 正确；B、当弹簧伸长量 x=0.5cm 时，弹簧弹力：F=kx=500N/m0.005m=2.5N；圆环与竖直杆的弹力与弹簧弹力的水平分力平衡，故：F=Fsin37=2.5N0.5=1.5N；故 B 正确；C、圆环与竖直杆的弹力与弹簧弹力的水平分力平衡；保持弹簧伸长量不变，弹簧的弹力不变，适度减小 ，圆环与细杆之间的弹力变小，故 C 正确；D、当弹簧弹力的竖直分力大于重力时，摩擦力向下，为：f=Fcosmg，减小 ，摩擦力增加；当弹簧弹力的竖直分力小于重力时，摩擦力向上，为：f=mg Fcos，减小 ，摩擦力可能减小，也可能先减小后增加；故 D 错误；故选：ABC【点评】本题是力平衡问题，关键是受力分析后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析，难度适中8如图所示，两平行金属板水平放置，板长为 L，板间距离为 d 板间电压为 U，一不计重力 电荷量为 q 带电粒子以初速度 v0 沿两板的中线射入，恰好沿下板的边缘飞出，粒子通 过平行金属板的时间为 t，则 ( )A在时间内，电场力对粒子做的功为 UqB在时间内，电场力对粒子做的功为 UqC在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为 1：1D在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为 1：2【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】带正电的粒子进入水平放置的平行金属板内，做类平抛运动，竖直方向做初速度为 0 的匀加速运动，由推论可求出在前时间内和在后时间内竖直位移之比，由动能定理求出电场力做功粒子在下落前和后内，电场力做功相同【解答】解：A、B、设粒子在前时间内和在后时间内竖直位移分别为 y1、y 2，由 y=和匀变速直线运动的推论可知 y1：y 2=1：3，得：y 1=d，y 2=d，则在前时间内，电场力对粒子做的功为：W 1=qU=qU，在后时间内，电场力对粒子做的功为：W 2=qU=qU故 A 错误，B 正确C、D、根据 W=qEy 可得，在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为 1：1，故 C 正确，D 错误故选：BC【点评】本题是类平抛运动，要熟练掌握其研究方法：运动的合成与分解，并要抓住竖直方向初速度为零的匀加速运动的一些推论，研究位移和时间关系二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第 22 题第 32 题为必考题，每个试题考生都必须作答第 35 题40 题为选考题，根据要求选择作答9某实验小组采用如图 1 所示的装置探究“动能定理”，图中小车中可放置砝码，实验中小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面，打点计时器工作频率为 50Hz（1）实验的部分步骤如下：在小车中放入砝码，将纸带穿过打点计时器连在小车后端，用细线连接小车和钩码；将小车停在打点计时器附近，接通电源，释放小车，小车拖动纸带，打点计时器在纸带上打下一列点，断开开关；改变钩码或小车中砝码的数量，更换纸带，重复 的操作（2）如图 2 是在钩码质量为 0.03kg、砝码质量为 0.02kg 时得到的一条纸带，在纸带上选择起始点 O 及 A、B、C、D 和 E 五个计数点，可获得各计数点到 O 的距离 x 及对应时刻小车的瞬时速度 v，请将 C 点的测量结果填在表 1 中的相应位置（3）在小车的运动过程中，对于钩码、砝码和小车组成的系统，钩码所受重力做正功，小车所受摩擦力做负功（4）实验小组根据实验数据绘出了如图 3 所示的图线（其中v 2=v2v02） ，根据图线可获得的结论是小车末、初速度的二次方之差与位移成正比要验证“动能定理” ，还需要测量的物理量是摩擦力和小车的质量表 1 纸带的测量结果测量点 x/cm v/（ms 1）O 0.00 0.35A 1.48 0.40B 3.20 0.45CD 7.15 0.54E 9.41 0.60【考点】探究功与速度变化的关系【专题】实验题；定性思想；实验分析法；动能定理的应用专题【分析】 （1）明确做使用打点计时器实验时，应先接通电