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12012 届高考物理二轮总复习专题检测电场磁场(时间:100 分钟满分:110 分)第卷选择题一、选择题(本题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错或不答的得 0 分)1如图 35-1 所示,真空中,两个相距 L 的固定点电荷 E、 F 所带电荷量分别为 QE和QF,在它们共同形成的电场中,有一条电场线如图中实线所示,实线上的箭头表示电场线的方向电场线上标出了 M、 N 两点,其中 N 点的切线与 EF 连线平行,且 NEF NFE.则()A E 带正电, F 带负电,且 QE NFE,所以 FEQ,选项A 正确;由电场线分布特点可知,电场线不是带电粒子的运动轨迹,等势面与电场线垂直,所以选项 B 错,C 正确;把一个负电荷从 M 移动到 N 电场力做负功,电势能增大,所以 D 选项错选项 AC 正确答案:AC2.解析:当 Ff BIL BLkt mg 时,棒沿导轨向下加速;当Ff BLkt mg 时,棒沿导轨向下减速;在棒停止运动前,所受摩擦力为滑动摩擦力,大小为: Ff BLkt ;当棒停止运动时,摩擦力立即变为静摩擦力,大小为: Ff mg,故选项 C 正确答案:C3.解析:北极是地磁南极,磁场方向竖直向下,靠近地面磁感应强度变大,由 R 可知mvqBC 正确;用左手定则判断当粒子带正电时自下向上看是顺时针运动的,故 B 正确答案:BC4.解析:本题考查通电导 线在磁场中所受的安培力的应用导电的海水的电流方向垂直 AB方向从 CD 板流向 AB 板,海水所受的安培力方向水平向左,故船体上的超导线圈所受的 作用力向右,故推动船体向右运动,B、D 正确。答案:BD5.解析:根据小磁针静止时 N 极的指向判断出其所在处的磁场方向,然后根据安培定则判断出电流方向,既安全又可行。答案:D6.解析:由 Q CU, 4sCkd得 sUQk,而电容器上电量变化规律为 atbQ,由此可知电容器极板间距随时间按一次函数的关系变化,故待测极板应该做匀速运动,再据 dUE得 E 随时间的变化图线。答案:C7.解析:电子从 O 点垂直进入匀强磁场后做圆周运动,由左手定则知,粒子向左偏转,故A 错误;又知道半径为 2d,有界磁场的宽度为 d,由公式 R ,可得圆心在 O 点左边距mvqBLLUSd UBD图 35-156O 点为 2d,设粒子由 A 点射出磁场,如图所示,由几何关系可知 AO(2 )d,所以3B、C 错误;所以 电子在磁场中运动的时间为: t T ,D 正确。360 /62 2 Rv0 d3v0答案:D8.解析:根据题意 Ld 两板间为匀强电场时,离子做类平抛运动:设粒子在板间的飞行时间为 t,则水平方向: v 竖直方向: 221tmqEat 两板间为匀强磁场时,离子做匀速圆周运动:设偏转半径为 r, 则由几何关系有 22)(Ldr 又 rvBq00 联立得 .450E 答案:A9.解析:滑块随塑料板向左运动时,受到竖直向上的洛伦兹力,和塑料板之间的正压力逐渐减小。开始时,塑料板和滑块加速度相同,由 amMF)(得, 2/s,对滑块有maqvBg)(, 当 sv/6时,滑块恰好相对于塑料板有相对滑动,开始做加速度减小的加速运动,当 qBg,即 s/10时滑块对塑料板的压力为零 0F,塑料板所受的合力为 0.6 N,则 23F,B、D 正确。答案:BD10.解析:电流从上到下流过血浆时,长为 b 的血浆等效电阻为 R ;A 对;长为 b 的导 baL体受安培力为 F BIb,B 错 C 对;由压强公式得 p ,D 错。答案:ACFab BIa11解析:带电金属球 B 的净电荷只分布在外表面上,所以把 e 与 B 的圆筒外壁接触后再与 A 的圆筒内壁接触。答案:把 e 与 B 的圆筒外壁接触后再与 A 的圆筒内壁接触,重复多次。12.解析:静电计是测量静电场中电势差的仪器。在本实验中,静电计测的是电容器两极板之间的电势差,电容器两极板之间的电势差越大,静电计张角越大,反之,越小。若极板7B 稍向上移动一点,发现静电计张角越大,又该电容器充电完毕后与电源断开,电量不变,所以得出电容器的电容减小。答案:电容器极板上的电量几乎不变,两极板间的电压变大。13.解析:本实验研究的问题是安培力与那些因素有关。安培力、磁感应强度、电流三者相互垂直时,满足左手定则。答案:N;水平向右。14.解析:本实验是演示洛伦兹力的方向与磁感应强度方向、粒子速度方向的关系。三者方向满足左手定则,四指指向正电荷运动运动的方向(或负电荷运动的反方向) 。答案:负,N。15.(14 分)解析:(1)在小球从 A 运动到 B 的过程中,对小球由动能定理有:022BmvlFg电 (2 分) 解得: )(1lB (2 分)代入数据可得: sv/.(2 分)(2)小球离开 B 点后,设水平方向的加速度为 a,位移为 s,在空中运动的时间为 t,水平方向有: ga (2 分) 21tvB (2 分)竖直方向有: 21th (2 分)由式,并代入数据可得: ms5.4 (2 分) 16(18 分).解析:(1)励磁线圈中电流方向是顺时针方向(4 分)(2)电子在加速度电场中加速,由动能定理 201eUv (2 分)电子在匀强磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力充当向心力 20veBmr(2 分)D(2 分)解得: 8U (2 分)又 TRNIB4-7-109109 8代入数据得: 1.90C/kgem (2 分)(3)增大加速电压;减小线圈中的电流(4 分)17(22 分).解析:(1)如图所示,电场对粒子加速,由动能定理得: Uqmv201mUqv20 (2 分)由于粒子在电场加速过程中做匀加速直线运动,则加速的时间 1t为: 0012/vdt (2 分)粒子在偏转电场中做类似平抛运动,其加速度 a为: LmUq粒子通过偏转电场的时间 2t为: vL20 (2 分)粒子在偏转电场中的侧移距离 y为: 41at (2 分)侧向速度 yv为: mUqaty2则粒子射出偏转电场时的速度 v为: mUqvy2520 (2 分)以速度 v进入磁场做匀速度圆周运动的洛仑兹力为向心力,设运动半径为 R:RmBq2qB1 (2 分)则磁场宽度 D为: 1625122 LUmqy (2 分)(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期 T为: BqmvR24/Ltg所以 2arctg (2 分)所以粒子在磁场中运动的时间 3为:OLLUSd UBDR9BqarctgmTt )2(2)(3 (2 分)粒子从 S 出发到回到 S 的周期 T 为: BqarctgULdtt )(24231 (2 分)偏转电压正负极换向时间 t为:qarctgmLUqmTt )(22 (2 分)
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