一、知识整合 1高考数学试题中，选择题注重多个知识点的 小型综合，渗透各种数学思想和方法，体现以 考查“三基”为重点的导向，能否在选择题上 获取高分，对高考数学成绩影响重大.解答选择 题的基本要求是四个字准确、迅速.2选择题主要考查基础知识的理解、基本技能的熟练 、基本计算的准确、基本方法的运用、考虑问题的严 谨、解题速度的快捷等方面. 解答选择题的基本策略 是：要充分利用题设和选择支两方面提供的信息作出 判断。一般说来，能定性判断的，就不再使用复杂的 定量计算；能使用特殊值判断的，就不必采用常规解 法；能使用间接法解的，就不必采用直接解；对于明 显可以否定的选择应及早排除，以缩小选择的范围； 对于具有多种解题思路的，宜选最简解法等。解题时 应仔细审题、深入分析、正确推演、谨防疏漏；初选 后认真检验，确保准确。 3解数学选择题的常用方法，主要分直接法和 间接法两大类.直接法是解答选择题最基本、最 常用的方法；但高考的题量较大，如果所有选 择题都用直接法解答，不但时间不允许，甚至 有些题目根本无法解答.因此，我们还要掌握一 些特殊的解答选择题的方法.二、方法技巧1、直接法：直接从题设条件出发，运用有关概念、性质、定理、法则和公式等知识，通过严密的推理和准确的运算，从而得出正确的结论，然后对照题目所给出的选择支“对号入座”作出相应的选择.涉及概念、性质的辨析或运算较简单的题目常用直接法.例1若sin2xcos2x，则x的取值范围是（ ）（A）x|2k x2k ，k Z （B） x|2k x2k ，k Z（C） x|k xk ，k Z （D） x|k xk ，k Z解：（直接法）由sin2xcos2x得cos2xsin2x0， 即cos2x0，所以： k2x k，选D. 另解：数形结合法：由已知得|sinx|cosx|，画 出y=|sinx|和y=|cosx|的图象，从图象中可知选D.D例2设f(x)是(，)是的偶函数，f(x2)f(x)，当0x1时，f(x)x，则f(7.5)等于（ ）（A） 0.5 （B） 0.5 （C） 1.5 （D） 1.5解：由f(x2)f(x)得f(7.5)f(5.5)f(3.5)f(1.5)f(0.5)，由f(x)是偶函数，得f(0.5)f(0.5)0.5，所以选A.也可由f(x2)f(x)，得到周期T4，所以f(7.5)f(0.5)f(0.5)0.5.A例3七人并排站成一行，如果甲、乙两人必需不相邻，那么不同的排法的种数是（ ）（A） 1440 （B） 3600 （C） 4320 （D） 4800解一：（用排除法）七人并排站成一行，总的排法有 ，其中甲、乙两人相邻的排法有2 种.因此，甲、乙两人必需不相邻的排法种数有： 23600，对照后应选B；解二：（用插空法） 3600.B小结：直接法是解答选择题最常用的基本方法，低档选择题可用此法迅速求解.直接法适用的范围很广，只要运算正确必能得出正确的答案.提高直接法解选择题的能力，准确地把握中档题目的“个性”，用简便方法巧解选择题，是建在扎实掌握“三基”的基础上，否则一味求快则会快中出错.2、特例法：用特殊值(特殊图形、特殊位置)代替题设普遍条件，得出特殊结论，对各个选项进行检验，从而作出正确的判断.常用的特例有特殊数值、特殊数列、特殊函数、特殊图形、特殊角、特殊位置等.例4已知长方形的四个项点A（0，0），B（2，0），C（2，1）和D（0，1），一质点从AB的中点P0沿与AB夹角为的方向射到BC上的点P1后，依次反射到CD、DA和AB上的点P2、P3和P4（入射角等于反射角），设P4坐标为（x4,0)，若11，排除答案A、C；若a2，由2ax0得x1，这与x0，1不符合，排除答案D.所以选(B).B例9过抛物线y24x的焦点，作直线与此抛物线相交 于两点P和Q，那么线段PQ中点的轨迹方程是（ ）（A）y22x1 （B）y22x2 （C）y22x1 （D）y22x2 解：（筛选法）由已知可知轨迹曲线的顶点为(1， 0)，开口向右，由此排除答案A、C、D，所以选(B)； 另解：（直接法）设过焦点的直线yk(x1)，则，消y得：kx2(k2)xk0，中点坐标有 ，消k得y2x2，选B.B小结：筛选法适应于定性型或不易直接求解的选择题.当题目中的条件多于一个时，先根据某些条件在选择支中找出明显与之矛盾的，予以否定，再根据另一些条件在缩小的选择支的范围那找出矛盾，这样逐步筛选，直到得出正确的选择.它与特例法、图解法等结合使用是解选择题的常用方法，近几年高考选择题中约占40.4、代入法：将各个选择项逐一代入题设进行检验，从而获得正确的判断.即将各选择支分别作为条件，去验证命题，能使命题成立的选择支就是应选的答案.例10函数y=sin( 2x)sin2x的最小正周期是（ ）（A） （B） （C）2 （D）4解：（代入法）f(x )sin 2(x )sin2(x )f(x)，而f(x)sin 2(x)sin2(x)f(x).所以应选（B）；另解：（直接法）y cos2x sin2xsin2xsin(2x )，T，选（B）.B例11函数ysin（2x ）的图象的一条对称轴 的方程是（ ）（A）x （B）x （C）x （D）x 解：（代入法）把选择支逐次代入，当x 时， y1，可见x 是对称轴，又因为统一前提规 定“只有一项是符合要求的”，故选（A）. 另解：（直接法） 函数ysin（2x ）的图 象的对称轴方程为2x k ，即 x ，当k1时，x ，选（A）.A小结：代入法适应于题设复杂，结论简单的选择题。若能据题意确定代入顺序，则能较大提高解题速度。5、图解法：据题设条件作出所研究问题的曲线或有关图形，借助几何图形的直观性作出正确的判断。习惯上也叫数形结合法。例12在 内，使 成立的x的取值范围是（ ）（A） （B） （C） （D）解：（图解法）在同一直角坐标系中分别作出ysinx与ycosx的图象，便可观察选(C).另解：（直接法）由 得sin（x ）0，即2 kx 2k，取k0即知选(C).C例13在圆x2y24上与直线4x3y12=0距离最小的点的坐标是（ ）（A）( ， ） （B）( ， ) （C）( ， ) （D）( ， )解：（图解法）在同一直角坐标系中作出圆x2y24和直线4x3y12=0后，由图可知距离最小的点在第一象限内，所以选(A)。直接法：先求得过原点的垂线，再与已知直线相交而得。例14设函数 ，若 ，则x0的取值范围是（ ） （A）（-1 ，1） （B）（-1 ，+ ） （C）（- ，-1）（0，+ ） （D）（-，-1）（1，+）解：（图解法）在同一直角坐标系中，作出函数的图象和直线y=1，它们相交于（1，1）和（1，1）两点，由 ，得 或 。D注意：严格地说，图解法并非属于选择题解题思路范畴，而是一种数形结合的解题策略。但它在解有关选择题时非常简便有效。不过运用图解法解题一定要对有关函数图象、方程曲线、几何图形较熟悉，否则错误的图象反而会导致错误的选择如：例15函数y=|x2-1|+1的图象与函数y=2x的图象交点的个数为（ ）（A）1 （B）2 （C）3 （D）4本题如果图象画得不准确，很容易误选（B）；答案为（C）。小结：数形结合，借助几何图形的直观性，迅速作正确的判断是高考考查的重点之一；历年高考选择题直接与图形有关或可以用数形结合思想求解的题目约占50左右。6、割补法：“能割善补”是解决几何问题常用的方法，巧妙地利用割补法，可以将不规则的图形转化为规则的图形，这样可以使问题得到简化，从而简化解题过程。例16一个四面体的所有棱长都为 ，四个顶点在同一球面上，则此球的表面积为（ ）（A）3（B）4 （C）3 （D）6解：如图，将正四面体ABCD补形成 正方体，则正四面体、正方体的中 心与其外接球的球心共一点。因为 正四面体棱长为 ，所以正方体 棱长为1，从而外接球半径R . 故S球3 。A小结：我们在初中学习平面几何时，经常用到“割补法”，在立体几何中推导锥体的体积公式时又一次用到了“割补法”，这些蕴涵在课本上的方法当然是各类考试的重点内容。因此，当我们遇到不规则的几何图形或几何体时，自然要想到“割补法”。7、极限法:从有限到无限，从近似到精确，从量变到质变。应用极限思想解决某些问题，可以避开抽象、复杂的运算，降低解题难度，优化解题过程。例17对任意（0， ）都有（ ）（A）sin(sin)coscos(cos) （B）sin(sin)coscos(cos)（C）sin(cos)cos(sin)cos （D） sin(cos)coscos(sin)解：当0时，sin(sin)0，cos1，cos(cos)cos1，故排除（A），（B）。当 时，cos(sin)cos1，cos0，故排除（C），因此选（D）。D例18不等式组 的解集是（ ）（A）（0，2） （B）（0，2.5） （C）（0， ） （D）（0，3）解：不等式的“极限”即方程，则只需验证x=2，2.5， 和3哪个为方程 的根，逐一代入，选(C)。C例19在正n棱锥中，相邻两侧面所成的二面角的取值范围是（ ）（A）（ ，） （B）（ ，） （C）（0， ） （D）（ ， ）解：当正n棱锥的顶点无限趋近于底面正多边形中心时，则底面正多边形便为极限状态，此时棱锥相邻两侧面所成二面角，且小于；当棱锥高无限大时，正n棱柱便又是另一极限状态，此时 ，且大于 ，故选（A）。A小结：用极限法是解选择题的一种有效方法。它根据题干及选择支的特征，考虑极端情形，有助于缩小选择面，迅速找到答案。8、估值法：由于选择题提供了唯一正确的选择支，解答又无需过程。因此可以猜测、合情推理、估算而获得。这样往往可以减少运算量，当然自然加强了思维的层次。例20、如图，在多面体ABCDEF中，已知面ABCD是边长为3的正方形，EFAB，EF ，EF与面AC的距离为2，则该多面体的体积为（ ）（A） （B）5 （C）6 （D） 解：由已知条件可知，EF平面ABCD，则F到平面 ABCD的距离为2，VFABCD 3226，而该多面体的体积必大于6，故选（D）。例21、已知过球面上A、B、C三点的截面和球心的距离