高二物理周末训练参考答案一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）题号12345678910答案DABBCABBDBCDA1. D【解析】负电荷受电场力方向与电场方向相反，当负电荷沿电场线方向移动时，电场力对电荷做负功，电势能一定增加，故D选项正确；电场中某点电势是否为零与电场强度的大小及物体是否带电无关，与选取的零电势点有关，故AB选项错误；沿电场线的方向电势降低，所以同一电场线上的各点，电势不会相等，选项C错误2. AB【解析】根据电场线与等势面垂直并指向电势低的等势面，可大致画出电场线的形状，在电场力的作用下粒子轨迹向下弯曲，根据曲线运动的特点，可以说明电场力指向轨迹内侧，与场强方向相反，所以粒子带负电，A正确；等势面先是平行等距，后变得稀疏，则电场强度先是不变，后变小，即电场力(加速度)先不变，后变小，B正确；根据电场力做功电场力做负功，所以粒子速度不断减小，C错误；电场力始终做负功，由功能关系可知，粒子电势能始终增加，所以D错误3.BC【解析】两等量异种电荷产生的电场如图所示，由图可知，d点的电场线比b点的电场线密集，所以d点的场强大于b点的场强，A项错误，B项正确a、c两点关于MN对称，b点在MN上，同一点电荷从a到b和从b到c电场力做的功相同，由WqU可知UabUbc，C项正确a点电势高于c点电势，同一正电荷在a点的电势能大于在c点的电势能，D项错误4.A【解析】设将A与B连入电路时，电阻为R1，C与D连入电路时电阻为R2，根据电阻定律得R1R241，由欧姆定律得后者电流I24I15.B【解析】当S断开时，电路的总电阻R总变大，总电流I变小，内电压U内Ir变小，路端电压UEIr变大，电压表测量路端电压，读数变大；R1两端电压U1IR1变小，R3两端电压U3UU1变大，通过R3的电流I3变大，电流表读数变大，B选项正确6. BD【解析】因R1R2，则用电压表I测量时电路总电阻大于用电压表测量.由闭合电路欧姆定律可知I1I2，因此，用电压表测量时因内电压小而路端电压大，即U1U2.若两个电压表并联测量时，因两电压表并联，则测量电压必相同.若两电压表串联接在电源两极，因总电阻R1，总电源小于，故内电压必小于单独用电压表测量时的内电压，因此，路端电压(即两电压表读数之和)一定大于.7.B【解析】地磁场的极在地理的南极附近，由右手螺旋定则知B正确8.C【解析】空间某点的磁感应强度的大小和方向是、各自产生的磁场叠加的结果距离导线越近的地方，磁场越强根据安培定则，只有在c点，两条导线电流各自产生的磁场才有可能大小相等，方向相反，叠加后互相抵消，磁感应强度为零9.D解析由电流的定义可知，设粒子的电荷量为，质量为，在磁场中运动的周期为，则，对于一个粒子来说，电荷量和质量是一定的，所以产生的环形电流与磁感应强度成正比，D项正确，A、B、C项错误10.A【解析】电路中电珠L与滑动变阻器的左边部分并联，当滑片向右滑时，其并联电压增大，电珠L亮度增加，同时电路总电阻减小，电流表示数增大，其现象同b所述；电路中电流表与电珠L并联，将电珠短路，电珠不亮，由于电流表内阻很小，电路电流很大，当滑片向右滑时，滑动变阻器电阻减小，电路中电流增大，电表线圈将被烧断，此时电珠L被接入电路，突然发光，其现象同c所述；电路中电珠L和电流表并联后与电压表串联，电珠L被短路，电珠L不亮，由于电压表的内阻很大，故电流表示数几乎为零，其现象同a所述；电路中电压表与电珠L串联后与电流表并联，电流表将电珠和电压表短路，电珠L不亮，当滑片向右滑时，电路电流增大，线圈将被烧坏，其现象同d所述综上所述，选项A正确11.（1）1.998，（2）10.94【解析】螺旋测微器精度为0.01mm,故读数为:1.500mm+0.0149.8mm=1.998mm;游标卡尺为50分度，精度为0.02mm,故读数为：10.00mm+0.0247mm=10.94mm12.（1）D （2）.左 .1-5(或5-1) 增大【解析】（1）测电阻必须选欧姆挡，小电珠电阻约为，显然D正确；（2）.实验前必须确保电表读数最小，滑片位于最左端时，导线1、5将待测电路短路，电压表和电流表示数均为0；.电表示数不为0，说明一定不是分压式接法，必然滑动变阻器的下端的接线柱断开(此时滑动变阻器采用限流式接法)；.由乙图可知，增加相同电流时，电压的增加量越来越大，说明电阻随工作电压增大而增大13.（1）V3或C 6（2）如图所示（3）7.5 10【解析】要改装成9 V的电压表，必须在原电压表上串联一固定电阻，题中给出三种电压表，只有C的电阻是确定值，所以应选电压表C，串联电阻R3 k6 k.电路图如图所示。测量电源电动势和内阻时，路端电压应为电压表示数的3倍，根据闭合电路的欧姆定律得：4.5Er，6Er，解得E7.5 V，r10 .14. 1.5W； 8W .【解析】当电动机转子不转时，电动机无机械能输出，故电能全部转化成内能，相当于纯电阻电路，欧姆定律成立。当电动机转动时一部分电能转化成机械能输出，但因线圈有电阻，故又在该电阻上产生内能，输入的电功率.接U=0.2V电压，电机不转，电流I=0.4A，根据欧姆定律，线圈电阻；当接U=2.0V电压时，电流，故输入电功率热功率故输出功率即机械功率如果电动机正常工作时，转子被卡住，则电能全部转化成内能，故其发热功率15. 【解析】作出粒子进、出磁场速度的垂线得交点O，O点即为粒子作圆周运动的圆心，据此作出运动轨迹AB，如图所示,此圆半径记为r.连接， 带电粒子在磁场中做匀速圆周运动【小结】由于洛伦兹力总是垂直于速度方向，若已知带电粒子的任意两个速度方向，就可以通过作出两速度的垂线，找出两垂线的交点即为带电粒子做圆周运动的圆心。16.(1)d2=0.50 cm；(2)t1.5108 s 【解析】(1)带电微粒由A运动到B的过程中，由动能定理有|q|E1d1|q|E2d20由式解得d2d10.50 cm(2)设微粒在虚线MN两侧的加速度大小分别为a1、a2，由牛顿第二定律有|q|E1ma1 |q|E2ma2设微粒在虚线MN两侧运动的时间分别为t1、t2，由运动学公式有d1a1t d2a2t又tt1t2由式解得t1.5108 s17. （1）故障发生在灯泡L处，是断路；（2）20 ；（3）E=12.5 V， 【解析】（1）电路发生故障后，电流表示数增大，路端电压也增大，因此一定是外电路总电阻增大所致。一定是在外电路某处发生断路故障：由于电流表有示数，故R2不可能断路；由于电压表有示数，故变阻器不可能断路，依题意，导线完好、电路中各处接触良好，所以故障只可能是L2发生断路.（2）由于 V，则有 ，L未发生断路前恰好正常发光，所以L的额定电压 V，L的额定电流 A。L未断路前路端电压V，变阻器连入电路的阻值 .（3）根据闭合电路欧姆定律，有故障前：；故障后：.解之，得；.2