www.ks5u.com福州四中2016-2017学年第一学期第一学段质量检测试卷高二物理（理科）一、选择题(本题共14，每小题4分。110题只有一个选项正确，1114有多个选项正确，全部选对得4分，漏选得2分，错选、不选得0分)1. 关于电场，下列说法正确的有（ ）A. 电荷处于电场中电势越高处，具有的电势能越大B. 正电荷逆着电场线移动，电势能增加C. 只在电场力作用下，正电荷一定向着电势低处运动D. 场强越大处，电势越高【答案】B【解析】【详解】A、根据公式可知，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小，由于不知电荷的正负，因此无法判断它在电势高的地方电势能的高低，故A错误；B、根据公式可知，正电荷逆着电场线移动，电势能增加，故B正确；C、正电荷只在电场力作用下，若无初速度，或初速度与电场线的夹角不大于90，从高电势向低电势运动，若初速度与电场线的夹角大于90，从低电势向高电势运动，故C错误；D、在正点电荷形成的电场中，离点电荷越近，场强越大，电势在增大；在负点电荷形成的电场中，离点电荷越近，场强越大，电势在减小，故D错误；故选B。2. 如图中电源电动势为，内电阻为r，L1、L2为相同的两个灯泡，R1为定值电阻，R为滑动变阻器，当滑动头P向b端滑动时 A. L1灯变亮，L2灯变暗B. L1灯变暗，L2灯变亮C. R1消耗的功率变大D. R1消耗的功率变小【答案】C【解析】【分析】从图可知，滑动变阻器的滑片向下滑动时，滑动变阻器的阻值变小，根据并联电路电阻的特点判断出电路中总电阻的变化，再根据欧姆定律判断总电流的变化；根据并联电路的特点，依据各支路互不影响，从而判断出L1灯亮度的变化，根据通过电阻R1电流的变化，判断出B灯和滑阻上电压的变化，再判断出L2灯实际功率的变化，从而判断出B灯亮度的变化；【详解】AB、当滑片向b端滑动时，滑动变阻器的阻值变小，电路的总电阻都会变小，据闭合电路欧姆定律知总电流变大，内电压增大，所以路端电压减小，可知灯L1变暗；再据干路电流变大，灯L1电流减小，所以电源右侧电路的电流增大，电阻R1上的电流变大了，所以分压也就增加了，但是路端电压减小，所以L2灯和滑阻上的电压就变小，根据公式可知，L2灯实际功率的变小，所以L2灯变暗，故A、B错误；CD、以上分析可知，通过R1的电流变大，所以消耗功率变大，故C正确，D错误；故选C。3. 如图的直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为M、N、P、Q，一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则（ ）A. 直线a位于某一等势面内，MQB. 直线c位于某一等势面内，MNC. 若电子由M点运动到Q点，电场力做正功D. 若电子由P点运动到Q点，电场力做负功【答案】B【解析】试题分析：据题，电子由M点分别到N点和P点的过程中，电场力做负功相等，则电势能增加相等，电势降低，则N、P两点的电势相等，d位于同一等势面内，根据匀强电场等势面分布情况知，直线a不是同一等势面，直线c位于某一等势面内，且MN故A错误，B正确由上分析知，直线c位于某一等势面内，M、Q的电势相等，若电子由M点运动到Q点电场力不做功，故C错误电子由P点运动到Q点与电子由P点运动到M点电场力做功相等，所以电场力做正功，故D正确故选BD考点：电势及电势能【名师点睛】此题是对电场中电势及电势能的考查；解决本题的关键要抓住电场力做功与电势能变化的关系，知道负电荷在电势高处电势能小。视频4. 如图所示的UI图象中，I是电源的路端电压随电流变化的图象，是某电阻两端的电压随电流变化的图象，当该电源向该电阻供电时，电阻上消耗的功率和电源的效率分别为A. 4 W和33.3% B. 2 W和67%C. 2 W和33.3% D. 4 W和67%【答案】D【解析】试题分析：从图像I中可得电源电动势，电源内阻为，从图像中可以看出该电阻，当该电源向该电阻供电时，图像的交点表示该电阻两端的电压，以及电流，故有，电源的效率，故D正确考点：考查了闭合回路欧姆定律，电功率5. 如图是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，电动机内阻为0.5，R=10，直流电压U=150V，理想电压表示数为100V，g取10m/s2，则下列说法正确的是（ ）A. 通过电动机的电流为200AB. 电动机的输出功率为500WC. 电动机正常工作1h，所产生的热量为4.5104JD. 正常工作时此电动机能拉动质量为30kg的物体以2m/s的速度匀速上升【答案】C【解析】【详解】A、电动机跟电阻串联，所以电流相等，电阻R两端的电压为，电动机的电流为，故A错误；B、 电动机消耗的电功率为：，电动机内阻消耗的功率，所以电动机的输出功率为，故B错误；C、电动机正常工作1h，所产生的热量，故C正确；D、物体匀速运动时，拉力等于重力，即电动机的牵引力，而，解得：，故D错误；故选C。【点睛】计算通过电动机的电流，也就是计算流过电阻R的电流即可；根据求出电动机的总功率，根据求出电动机消耗的功率，再根据即可求解电动机的输出功率；根据求解电动机正常工作1h，所产生的热量；物体匀速运动时，拉力等于重力，即电动机的牵引力F=mg=300N，根据求解速度。6. 如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J则下列说法正确的是（ ） A. 粒子在A点和B点时的动能和电势能之和相等B. 粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC. 粒子在A点的动能比在B点少0.5JD. 粒子在A点的机械能比在B点少1.5J【答案】D【解析】【详解】A、 带电粒子在电场中受到重力和电场力作用，粒子在A点和B点时的重力势能、动能和电势能的总和相等，故A错误；B、电场力做的功为1.5J，电势能减小1.5J，即粒子在A点的电势能比在B点多1.5J，故B错误；C、由题得到总功为W=2J+1.5J=0.5J，由动能定理得知动能减小0.5J，即粒子在A点的动能比在B点多0.5J，故C错误；D、由能量守恒定律分析可知：电势能减小1.5J，机械能增加1.5J，即粒子在A点的机械能比在B点少1.5J，故D正确；故选D。【点睛】带电粒子在电场中受到重力和电场力作用，其重力势能、动能和电势能的总和不变，电场力做的功为1.5J，电势能减小1.5J根据总功，由动能定理分析动能的变化，由能量守恒定律分析机械能的变化。7. 如图，S闭合，A、B灯正常发光。突然A、B灯都不亮了，用伏特表检查，测量结果是：Uab0，Ubc0，Ucd0，Uae0，由此可判断故障是：A. A、B灯灯丝都断了B. 开关S断了C. A、B灯中有一个灯丝断了D. 电阻R开路【答案】D【解析】【详解】由题意可知， Uae0，说明a与电源的正极之间、e与电源的负极之间是连通的；Ucd0，说明c与电源的正极之间、d与电源的负极之间是连通的；Uab=0，说明a与电源的正极之间、b与电源的负极之间出现断路或灯泡A被短路；Ubc=0，说明b与电源的正极之间、c与电源的负极之间出现断路或灯泡B被短路；综合分析可知，电路故障是灯泡A、B同时可能被短路或c、d间出现断路，故D正确，A、B、C错误；故选D。【点睛】在判断故障时，电压表的示数的变化很关键，若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，若无示数，说明电压表与电源不能相通。8. 两个带等量正电荷的相同小球，固定在绝缘、粗糙的水平面上A、B两点，O是AB的中点带正电的小滑块从C点由静止释放，在电场力作用下向右点运动，则滑块从C点运动到O点的过程中（ ）A. 速度先增大后减小B. 电场力先做正功后做负功C. 加速度不断减小D. 电势能不断增大【答案】A【解析】【详解】从C点到中点O，电场线向右，滑块所受的电场力向右，电场力做正功，电势能先减小，滑块受到的电场力是两个电荷对电场力的合力，在O处电场力抵消，则滑块从C点运动到O点的过程中电场力不断减小，滑动摩擦力不变，合力先减小后增大，所以加速度先减小后增大，合力先向右，后向左，先做正功后做负功，由动能定理知速度先增大后减小，故A正确，B、C、D错误；故选A。【点睛】滑块受到的电场力是两个电荷对电场力的合力；看电场力做功的情况，判断电势能的变化；由动能定理分析速度的变化。9. 如图所示，电源内阻较大，当开关闭合，滑片位于某位置时，水平放置的平行板电容器间一带电液滴恰好处于静止状态，灯泡L也能正常发光，现将滑片由该位置向a端滑动，则()A. 液滴带正电，将向上做加速运动B. 灯泡将变暗，电源效率将减小C. 电容器将放电，所带电荷量减少D. 电源的路端电压增大，输出功率也增大【答案】A【解析】【详解】B、将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，灯泡消耗的功率减小，则灯泡将变暗；外电路总电阻增大，路端电压增大，则电源的效率为，U增大，则知增大，故B错误；A、电容器下极板带正电，板间场强向上，则知液滴带正电，路端电压增大，则电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，因此液滴将向上做加速运动，故A正确；C、电容器的电压增大，则电容器将充电，所带电荷量增大，故C错误；D、由于电源的内电阻与外电阻关系未知，所以不能判断输出功率如何变化，故D错误；故选A。【点睛】将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，分析电路中总电阻的变化，判断变阻器电压的变化，判断电容器充电还是放电，由板间场强的变化分析液滴的运动情况。10. 如图所示，A、B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b。在a孔正上方某处有一带电质点由静止开始下落，若不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回。现要使带电质点能穿过b孔，则可行的方法是A. 保持S闭合，将A板适当右移B. 保持S闭合，将B板适当下移C. 先断开S，再将A板适当上移D. 先断开S，再将B板适当左移【答案】B【解析】【详解】A、由题质点到达b孔时速度恰为零，根据动能定理得，若保持S闭合，将A板适当右移，由动能定理得，则有，知质点到达b孔速度为零，然后返回，不能穿过b孔，故A错误；B、保持S闭合，将B板适当下移d，由动能定理得，则v0，知质点能够穿出b孔，故B正确；C、若断开S时，将A板适当上移，设A板上移距离为d，板间电场强度不变，由动能定理得，则有，可知质点没有到达b孔速度为零，然后返回，不能穿过b孔，故C错误；D、若断开S，两极板带电量不变，再将B板适当左移，正对面积减小，电场强度增大，根据动能定理得，则有，可知质点没有到达b孔速度为零，然后返回，不能穿过b孔，故D错误；故选B。【点睛】质点到达b孔时速度恰好为零，然后返回，根据动能定理知，质点再运到到b点的过程中，重力做功和电场力做功相等；本题通过AB两端电势差的变化，根据动能定理进行判断。11. 右图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么A. 若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aB. 若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接bC. 若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aD. 若电流表示数有显著变化，