南平市20182019学年高中毕业班第二次综合质量检测理科数学一、选择题。1.已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先解出集合A，B，然后求并集即可.【详解】解：解不等式得，所以集合解不等式得，所以集合所以故选：B.【点睛】本题考查集合的并集运算，属于基础题.2.若复数满足，则=（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先解出复数，求得，然后计算其模长即可.【详解】解：因为，所以所以所以故选：D.【点睛】本题考查了复数的综合运算，复数的模长，属于基础题.3.若直线与曲线相切于点，则（ ）A. 0B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先对曲线求导，由切点处的导数等于切线斜率列方程，解出即可.【详解】解：由，得因为直线与曲线相切于点所以，解得故选：D.【点睛】本题考查了导数的几何意义，属于基础题.4.如图，直角三角形的两直角边长分别为6和8，三角形内的空白部分是由三个半径为3的扇形构成，向该三角形内随机掷一点，则该点落在阴影部分的概率为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先求出三角形总面积，空白面积，然后得阴影部分面积，由几何概型的面积型概率公式求出答案.详解】解：三角形总面积因为三个扇形半径相等，且圆心角之和为180，所以空白面积所以阴影部分面积所以向该三角形内随机掷一点，则该点落在阴影部分的概率故选：B.【点睛】本题考查了几何概型的面积型，属于基础题.5.已知双曲线的离心率为，则的渐近线方程为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由双曲线的离心率，得到与的关系，再由得到与的关系，然后可求出渐近线方程.【详解】解：因为离心率为，所以，所以的渐近线方程故选：C.【点睛】本题考查了双曲线的离心率与渐近线方程，属于基础题.6.在中，角的对边分别是， ，则的面积为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】先由边化角，化简整理可求出角C，然后计算面积即可.【详解】解：由，得所以，即所以，得，所以所以故选：C.【点睛】本题考查了利用正弦定理进行边角转化，三角形的面积公式，属于基础题.7.从6位女学生和5位男学生中选出3位学生，分别担任数学、信息技术、通用技术科代表，要求这3位科代表中男、女学生都要有，则不同的选法共有（ ）A. 810种B. 840种C. 1620种D. 1680种【答案】A【解析】【分析】先由排列数分别求出不考虑性别，与全部是男生和全部是女生的选法总数，然后用总数减掉全部是男生和全部是女生的即为男女生都有的选法.【详解】解：不考虑男女生共有种全部是男生的有种全部是女生的有种所以男、女学生都有的共有种故选：A.【点睛】本题考查了排列数，对于需要分类讨论的问题可考虑用间接法解题.8.刘微（225-295），3世纪杰出的数学家，撞长利用切割的方法求几何体的体积，因些他定义了四种基本几何体，其中将底面是直角三角形的直三棱柱称为“堑堵”，将底面为矩形且一条侧棱垂直于底面的四棱锥称为“阳马”已知某“堑堵”与某“阳马”组合而成的几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】先结合题中信息和三视图，得出直三棱柱和四棱锥的底面和高，然后分别计算体积并相加即可.【详解】解：由三视图分析可知，直三棱柱的底面是侧视图中右边的直角三角形，且高为1所以直三棱柱体积四棱锥的底面是正视图中的正方形，且高为2所以四棱锥的体积所以整个几何体体积故选：A.【点睛】本题考查了空间几何体的三视图，空间几何体的体积，由三视图还原出原图是解题关键.9.已知，平面区域是由所有满足 的点组成的区域，则区域的面积是（ ）A. 8B. 12C. 16D. 20【答案】C【解析】【分析】先由，方程组，解出，代入得到满足的不等式组，画出可行域，求出面积即可.【详解】解：由，得，因为所以，解得又因为代入化简得画出不等式组代表的平面区域如图中阴影部分，且阴影部分为平行四边形由直线方程解出点，点到直线的距离，所以阴影部分面积为故选：C.【点睛】本题考查了平面向量的坐标运算，线性规划中可行域的面积，属于中档题.10.已知展开式中的系数小于90，则的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先将当做一项，写出的展开通项，结合题意分析，要想得到展开式中的项，只能是，和，然后分别讨论三种情况产生的的系数，将三种情况的系数相加即为原展开式中的系数，列出不等式，解出即可.【详解】解：因为展开式为要想得到展开式中的项，只能是，和当时，二项式的展开通项要想得到项，只能，此时的系数为当时，二项式的展开通项要想得到项，只能，此时的系数为当时，二项式的展开通项要想得到项，只能，此时的系数为所以展开式中的系数为所以，解得故选：B.【点睛】本题考查了三项式展开式中的系数问题，三项式展开需要将其中两项合并当做一项进行处理.11.在三棱锥中，平面平面，若球是三棱锥的外接球，则球的半径为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】取AB中点D，AC中点E，连PD，ED，得E为外接圆的圆心，且OE平面，然后求出的外接圆半径和球心到平面的距离等于，由勾股定理得，即可得出答案.【详解】解：取AB中点D，AC中点E，连PD，ED因为，所以E为外接圆的圆心因为OEPD，OE不包含于平面，所以OE平面因为平面平面，得PDAB，EDAB所以PD平面，ED平面且，所以球心到平面的距离等于在中，所以，所以得外接圆半径，即由勾股定理可得球的半径故选：A.【点睛】本题考查了三棱锥的外接球问题，经常用球中勾股定理解题，其中是外接球半径，是球心到截面距离，是截面外接圆半径.12.己知函数的图像关于点中心对称，关于直线对称（直线是与点距离最近的一条对称轴），过函数的图像上的任意一点作点、直线的对称点分别为、，且，当时，记函数的导函数为，则当时，（ ）A. -2B. -1C. D. 【答案】C【解析】【分析】由点作点、直线的对称点分别为、，且，可得，又直线是与点距离最近的一条对称轴，所以，即，然后代入，解出，得到解析式，求导，由，化简可得的值.【详解】解：由点作点、直线的对称点分别为、，且，得，又直线是与点距离最近的一条对称轴，所以，即，又因为当时，所以，且，解得所以，因为所以，即所以，即故选：C.【点睛】本题考查了正弦型三角函数的图像与性质，三角丰登变换，诱导公式，导数的运算，属于中档题.二、填空题。13.已知函数在单调递减，且为奇函数若，则的取值范围是_【答案】【解析】【分析】先由奇函数得，不等式等价于，结合函数单调性得出的取值范围即可.【详解】解：由函数在单调递减，且为奇函数，得，因为，即所以，即所以的取值范围为故答案为：【点睛】本题考查了函数的单调性与奇偶性，抽象函数不等式，属于基础题.14.已知，则_【答案】【解析】【分析】先由求出，然后对用二倍角公式并化简求值即可.【详解】解：因为，所以所以故答案为：3【点睛】本题考查了三角恒等变换，给值求值类问题，二倍角公式，齐次弦化切思想，属于基础题.15.若实数，满足不等式组，则的最小值为_【答案】【解析】【分析】先画出不等式组所代表的平面区域，解释的几何意义为点，的斜率，然后结合图像求出的最小值即可.【详解】解：先画出不等式组代表的平面区域如图中阴影记，所以由图易知，当点P在B处，最小联立方程组，解得此时所以的最小值为故答案为：.【点睛】本题考查了斜率型线性规划问题，解释目标式的几何意义是解题的关键.16.已知点在离心率为的椭圆上，则该椭圆的内接八边形面积的最大值为_【答案】【解析】【分析】先由点在离心率为的椭圆，可求出，由于椭圆可以看做是用一个不平行底面的圆去截圆柱所得的图形，且椭圆在底面的摄影是底面圆，由射影的性质可知，即，且椭圆内接八边形的射影为底面圆上的内接八边形，又由平面几何知识易知圆内接八边形中内接正八边形面积最大，求出最大值，然后可得答案.【详解】解：由点在椭圆，得，又因为，得，由于椭圆可以看做是用一个不平行底面的圆去截圆柱所得的图形，如图所示且椭圆在底面的摄影是底面圆，其中，由射影的性质可知，为两平面的二面角的平面角记椭圆内接八边形面积为，对应的在底面圆上的射影也是八边形，面积为所以，即，其中，底面圆半径由平面几何知识易知圆内接八边形中内接正八边形面积最大为所以椭圆内接八边形面积最大为【点睛】本题考查了椭圆的离心率与方程，椭圆内接多边形面积的最大值问题，巧妙利用射影的性质可将其转化为圆的内接多边形面积的最值问题.三、解答题。17.已知数列的的前项和为，且1，成等差数列（1）求数列的通项公式；（2）数列满足，求【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）由1，成等差数列，列式得之间的关系式，由进行处理，可得成等比，求出通项即可；（2）化简得，然后裂项相消求和即可.【详解】解：（1）1，成等差数列，当时，当时，两式相减得，数列是首项为1，公比为2的等比数列，（2），【点睛】本题考查了数列通项公式与求和方法，由含的递推式求通项一般采用进行处理.18.如图，在四棱锥中，底面是梯形，,是正三角形，为的中点，平面平面（1）求证：平面；（2）在棱上是否存在点，使得二面角的余弦值为？若存在，求出的值；若不存在，说明理由【答案】（1）见证明（2）见解析【解析】【分析】（1）先证，由平面平面，可得平面；（2）以点为原点，分别以射线为轴，轴，轴正半轴，建立空间直角坐标系，写出各点坐标，设，用含的式子求出平面和平面的法向量，由二面角的余弦值为列方程解出，从而得出的值.【详解】（1）证明：因为，且，所以四边形是平行四边形，从而，且，又在正三角形中，从而在中，满足，所以，又平面平面，平面平面，平面所以平面，（2）由（1）知，且，平面，从而平面，又平面，平面，所以，以点为原点，分别以射线为轴，轴，轴正半轴，建立空间直角坐标系，假设在棱上存在点满足题意，设，则，设平面的法向量，则，取得，得，有平面的一个法向量，所以，从而，因为，所以，所以在棱上存在点使得二面角的余弦值为，且【点睛】本题考查了线面垂直的证明，二面角的平面角，条件中有面面垂直时一般需要用到面面垂直的性质定理，空间中的夹角问题可采用空间向量求解.19.从某工厂生产的