专题四 导数的综合应用卷卷卷2018利用导数的单调性证明不等式T21(2)根据函数的极值求参数、不等式的证明T21导数在不等式的证明、由函数的极值点求参数T212017利用导数研究函数的零点问题T21(2)函数的单调性、极值、零点问题、不等式的证明T21由不等式恒成立求参数、不等式放缩T212016函数的零点、不等式的证明T21函数单调性的判断、不等式的证明及值域问题T21函数的最值、不等式的证明T21纵向把握趋势导数的综合问题是每年的必考内容且难度大主要涉及函数的单调性、极值、零点、不等式的证明预计2019年会考查用分类讨论研究函数的单调性以及函数的零点问题导数的综合问题是每年的必考内容，涉及函数的极值、最值、单调性、零点问题及不等式的证明，且近3年均考查了不等式的证明预计2019年仍会考查不等式的证明，同时要重点关注会讨论函数的单调性及零点问题导数的综合问题是每年的必考内容，涉及函数的最值、零点、不等式的恒成立及不等式的证明问题，其中不等式的证明连续3年均有考查，应引起关注预计2019年仍会考查不等式的证明，同时考查函数的最值或零点问题横向把握重点导数日益成为解决问题必不可少的工具，利用导数研究函数的单调性与极值(最值)是高考的常见题型，而导数与函数、不等式、方程、数列等的交汇命题，是高考的热点和难点解答题的热点题型有：(1)利用导数研究函数的单调性、极值、最值；(2)利用导数证明不等式或探讨方程根；(3)利用导数求解参数的范围或值.第一课时“导数与不等式”考法面面观考法一不等式的证明问题 题型策略(一)设a为实数，函数f (x)ex2x2a，xR.(1)求f (x)的单调区间与极值；(2)求证：当aln 21且x0时，exx22ax1.破题思路第(1)问求什么想什么求f (x)的单调区间与极值，想到求导函数f (x)，然后利用不等式f (x)0及f (x)x22ax1(aln 21，x0)成立，想到证明exx22ax10成立给什么用什么通过对第(1)问的研究，求得f (x)ex2x2a的单调性与极值，仔细观察，可发现(exx22ax1)ex2x2a差什么找什么需要研究函数g(x)exx22ax1的单调性或最值，利用导数研究即可规范解答(1)由f (x)ex2x2a(xR)，知f (x)ex2.令f (x)0，得xln 2.当xln 2时，f (x)ln 2时，f (x)0，故函数f (x)在区间(ln 2，)上单调递增所以f (x)的单调递减区间是(，ln 2)，单调递增区间是(ln 2，)，f (x)在xln 2处取得极小值f (ln 2)eln 22ln 22a22ln 22a，无极大值(2)证明：要证当aln 21且x0时，exx22ax1，即证当aln 21且x0时，exx22ax10.设g(x)exx22ax1(x0)则g(x)ex2x2a，由(1)知g(x)ming(ln 2)22ln 22a.又aln 21，则g(x)min0.于是对xR，都有g(x)0，所以g(x)在R上单调递增于是对x0，都有g(x)g(0)0.即exx22ax10，故exx22ax1.题后悟通思路受阻分析本题属于导数综合应用中较容易的问题，解决本题第(2)问时，易忽视与第(1)问的联系，导函数g(x)ex2x2a的单调性已证，可直接用，若意识不到这一点，再判断g(x)的单调性，则造成解题过程繁琐，进而造成思维受阻或解题失误技法关键点拨利用单调性证明单变量不等式的方法一般地，要证f (x)g(x)在区间(a，b)上成立，需构造辅助函数F(x)f (x)g(x)，通过分析F(x)在端点处的函数值来证明不等式若F(a)0，只需证明F(x)在(a，b)上单调递增即可；若F(b)0，只需证明F(x)在(a，b)上单调递减即可 对点训练1已知函数f (x)xln x，g(x)(x21)(为常数)(1)若曲线yf (x)与曲线yg(x)在x1处有相同的切线，求实数的值；(2)若，且x1，证明：f (x)g(x)解：(1)f (x)ln x1，g(x)2x，则f (1)1，从而g(1)21，即.(2)证明：设函数h(x)xln x(x21)，则h(x)ln x1x.设p(x)ln x1x，从而p(x)10对任意x1，)恒成立，所以当x1，)时，p(x)ln x1xp(1)0，即h(x)0，因此函数h(x)xln x(x21)在1，)上单调递减，即h(x)h(1)0，所以当，且x1时，f (x)g(x)成立题型策略(二)已知函数f (x)aexbln x，曲线yf (x)在点(1，f (1)处的切线方程为yx1.(1)求a，b；(2)证明：f (x)0.破题思路第(1)问求什么想什么求a，b的值，想到建立关于a，b的方程组给什么用什么题目条件中给出函数f (x)在点(1，f (1)处的切线方程，可据此建立关于a，b的方程组第(2)问求什么想什么要证f (x)0，想到f (x)的最小值大于0差什么找什么需求f (x)的最小值，因此只要利用导数研究函数f (x)的单调性即可规范解答(1)函数f (x)的定义域为(0，)f (x)aex，由题意得f (1)，f (1)1，所以解得(2)证明：由(1)知f (x)exln x(x0)因为f (x)ex2在(0，)上单调递增，又f (1)0，所以f (x)0在(0，)上有唯一实根x0，且x0(1,2)当x(0，x0)时，f (x)0，从而当xx0时，f (x)取极小值，也是最小值由f (x0)0，得ex02，则x02ln x0.故f (x)f (x0)e x02ln x0x022 20，所以f (x)0.题后悟通思路受阻分析本题属于隐零点问题解决第(2)问时，常因以下两个原因造成思维受阻，无法正常解题(1)f (x)0在(0，)上有解，但无法解出；(2)设出f (x)0的零点x0，即f (x)的最小值为f (x0)，但是不能将函数f (x0)转化成可求最值的式子，从而无法将问题解决当遇到既含有指数式，又含有对数式的代数式需判断其符号时，常需应用这种技巧，把含有指数式与对数式的代数式转化为不含有指数式与对数式的代数式，从而可轻松判断其符号技法关键点拨利用最值证明单变量不等式的技巧利用最值证明单变量的不等式的常见形式是f (x)g(x)证明技巧：先将不等式f (x)g(x)移项，即构造函数h(x)f (x)g(x)，转化为证不等式h(x)0，再次转化为证明h(x)min0，因此，只需在所给的区间内，判断h(x)的符号，从而判断其单调性，并求出函数h(x)的最小值，即可得证对点训练2已知函数f (x).(1)若f (x)在区间(，2上为单调递增函数，求实数a的取值范围；(2)若a0，x01，设直线yg(x)为函数f(x)的图象在xx0处的切线，求证：f (x)g(x)解：(1)易得f (x)，由题意知f (x)0对x(，2恒成立，故x1a对x(，2恒成立，1a2，a1.故实数a的取值范围为(，1(2)证明：若a0，则f (x).函数f (x)的图象在xx0处的切线方程为yg(x)f (x0)(xx0)f (x0)令h(x)f (x)g(x)f (x)f (x0)(xx0)f (x0)，xR，则h(x)f (x)f (x0).设(x)(1x)ex0(1x0)ex，xR，则(x)ex0(1x0)ex.x01，(x)0，(x)在R上单调递减，而(x0)0，当xx0时，(x)0，当xx0时，(x)0，当xx0时，h(x)0，当xx0时，h(x)0，h(x)在区间(，x0)上为增函数，在区间(x0，)上为减函数，xR时，h(x)h(x0)0，f (x)g(x)构造函数证明双变量函数不等式若ba0，求证：ln bln a.破题思路证明：ln bln a，想到如下思路：(1)构造以a为主元的函数，利用导数求解(2)考虑到ln bln aln ，设t，化为只有一个因变量t的函数求解(3)原不等式右边可分开写，观察此式两边，发现其与f (x)ln x有关，故先研究f (x)的单调性，从而得解规范解答法一：主元法(学生用书不提供解题过程)构造函数f (x)ln bln x，其中0xb，则f (x).0xb，f (x)a0，故f (a)f (b)0，即ln bln a.法二：整体换元法(学生用书不提供解题过程)令t(t1)，构造函数f (t)ln t，则f (t).t1，t210，t22t112210，则f (t)0，f (t)在(1，)上单调递增，故f (t)f (1)0，即ln 0，从而有ln bln a.法三：函数不等式的对称性(学生用书提供解题过程)原不等式可化为ln bln a，则构造函数f (x)ln x(bxa0)，则f (x)0，f (x)ln x在(a，b)上单调递增，即f (b)f (a)，则ln bln a，故ln bln a.题后悟通思路受阻分析由于题目条件少，不能正确分析要证不等式的特点，并构造相应的函数将问题转化，从而导致无从下手解决问题技法关键点拨证明双变量函数不等式的常见思路(1)将双变量中的一个看作变量，另一个看作常数，构造一个含参数的辅助函数证明不等式(2)整体换元对于齐次式往往可将双变量整体换元，化为一元不等式(3)若双变量的函数不等式具有对称性，并且可以将两个变量分离开，分离之后的函数结构具有相似性，从而构造函数利用单调性证明对点训练3(2019届高三黄冈模拟)已知函数f (x)ln xex(R)(1)若函数f (x)是单调函数，求的取值范围；(2)求证：当0x11.解：(1)函数f (x)的定义域为(0，)，f (x)ln xex，f (x)ex，函数f (x)是单调函数，f (x)0或f (x)0在(0，)上恒成立，当函数f (x)是单调递减函数时，f (x)0，0，即xex0，xex，令(x)，则(x)，当0x1时，(x)1时，(x)0，则(x)在(0,1)上单调递减，在(1，)上单调递增，当x0时，(x)min(1)，.当函数f (x)是单调递增函数时，f (x)0，0，即xex0，xex，由得(x)在(0,1)上单调递减，在(1，)上单调递增，又(0)0，x时，(x)0，0.综上，的取值范围是0，)(2)证明：由(1)可知，当时，f (x)ln xex在(0，)上单调递减，0x1f (x2)，即ln x1ex1ln x2ex2，e1x2e1x1ln x1ln x2.要证e1x2e1x11，只需证ln x1ln x21，即证ln1，令t，t(0,1)，则只需证ln t1，令h(t)ln t1，则h(t)，当0t1时，h(t)0，即ln t1，故原不等式得证考法二恒成立与能成立问题 题型策略(一)已知函数f (x)xln x，若对于所有x1都有f (x)ax1，求实数a的取值范围破题思路求什么想什么求实数a的取值范围，想到建立关于实数a的不等式给什么用什么题目条件中，已知f (x)ax1，即xln xax1，想到将不等式转化为xln xax10或aln x差什么找什么缺少xln xax1的最小值或ln x的最小值，利用导数求解即可规范解答法一：分离参数法(学生用书不提供解题过程)依题意，得f (x)ax1在1，)上恒成立，即不等式aln x在x1，)恒成立，亦即amin，x1，)设g(x)ln x(x1)，则g(x).令g(x)0，得x1.当x1时，因为g(x)0，故g(x)在1，)上是增函数所以g(x)在1，)上的最小值是g(1)1.故a的取值范围是(，1法二：构造函数法(学生用书提供解题过程)当x1时，有f (1)a1，即a10，得a1.构造F(x)f (x)(ax1)xln xax1，原命题等价于F(x)0在x1上恒成立F(x)min0，x1，)由于F(x)ln x1a0在x1，)上恒成立，因此，函数F(x)在1，)上单调递增，所以F(x)minF(1)1a0，得a1.故a的取值范围是(，1题后悟通(一)思路受阻分析求解本题时，直接作差构造函数或分离参数后构造函数求a的取值范围，其关键是正确求解所构造函数的最值，这也是大多数同学不会求解或不能正确求解最值而导致无法继续解题或解题失误的地方(二)技法关键点拨分离参数法解含参不等式恒成立问题的思路与关键(1)分离参数法解含参不等式恒成立问题的思路用分离参数法解含参不等式恒成立问题是指在能够判断出参数的系数的正负的情况下，可以根据不等式的性质将参数分离出来，得到一个一端是参数，另一端是变量表达式的不等式，只要研究变量表达式的最值就可以解决问题(2)求解含参不等式恒成立问题的关键是过好“双关”转化关通过分离参数法，先转化为f (a)g(x)(或f (a)g(x)对xD恒成立，再转化为f (a)g(x)max(或f (a)g(x)min)求最值关求函数g(x)在区间D上的最大值(或最小值)问题(三)解题细节提醒有些含参不等式恒成立问题，在分离参数时会遇到讨论的麻烦，或者即使分离出参数，但参数的最值却难以求出，这时常利用导数法，借助导数，分析函数的单调性，通过对函数单调性的分析确定函数值的变化情况，找到参数满足的不等式，往往能取得意想不到的效果对点训练1设函数f (x)ax2aln x，其中aR.(1)讨论f (x)的单调性；(2)确定a的所有可能取值，使得f (x)e1x在区间(1，)内恒成立(e2.718为自然对数的底数)解：(1)由题意，f (x)2ax，x0，当a0时，2ax210，f (x)0，f (x)在(0，)上单调递减当a0时，f (x)，当x时，f (x)0.故f (x)在上单调递减，在上单调递增综上所述，当a0时，f (x)在(0，)上单调递减；当a0时，f (x)在上单调递减，在上单调递增(2)原不等式等价于f (x)e1x0在(1，)上恒成立一方面，令g(x)f (x)e1xax2ln xe1xa，只需g(x)在(1，)上恒大于0即可又g(1)0，故g(x)在x1处必大于等于0.令F(x)g(x)2axe1x，由g(1)0，可得a.另一方面，当a时，F(x)2ae1x1e1xe1x，因为x(1，)，故x3x20.又e1x0，故F(x)在a时恒大于0.所以当a时，F(x)在(1，)上单调递增所以F(x)F(1)2a10，故g(x)也在(1，)上单调递增所以g(x)g(1)0，即g(x)在(1，)上恒大于0.综上所述，a.故实数a的取值范围为.题型策略(二)已知函数f (x)xaln x，g(x)(aR)若在1，e上存在一点x0，使得f (x0)g(x0)成立，求a的取值范围破题思路求什么想什么求a的取值范围，想到建立关于a的不等式给什么用什么题目条件中，给出存在x01，e，使f (x0)g(x0)成立，想到利用f (x0)g(x0)建立关于a的不等式差什么找什么要建立关于a的不等式，可令h(x)f (x)g(x)，转化为h(x)的最值问题求解规范解答依题意，只需f (x0)g(x0)min0，x01，e即可令h(x)f (x)g(x)xaln x，x1，e，则h(x)1.令h(x)0，得xa1.若a11，即a0时，h(x)0，h(x)单调递增，h(x)minh(1)a20，得a2；若1a1e，即0a2，x(0，e1)与h(x)0不符，故舍去若a1e，即ae1时，h(x)在1，e上单调递减，则h(x)minh(e)ea，令h(e)e1成立综上所述，a的取值范围为(，2).题后悟通思路受阻分析本题构造函数后，求解a的取值范围时，需对a分类讨论此处往往因不会分类讨论或讨论不全而导致解题失误技法关键点拨不等式能成立问题的解题关键点对点训练2(2019届高三河北“五个一名校联盟”模拟)已知a为实数，函数f (x)aln xx24x.(1)若x3是函数f (x)的一个极值点，求实数a的值；(2)设g(x)(a2)x，若存在x0，使得f (x0)g(x0)成立，求实数a的取值范围解：(1)函数f (x)的定义域为(0，)，f (x)2x4.x3是函数f (x)的一个极值点，f (3)0，解得a6.经检验，当a6时，x3是函数f (x)的一个极小值点，符合题意，故a6.(2)由f (x0)g(x0)，得(x0ln x0)ax2x0，记F(x)xln x(x0)，则F(x)(x0)，当0x1时，F(x)1时，F(x)0，F(x)单调递增F(x)F(1)10，a.记G(x)，x，则G(x).x，22ln x2(1ln x)0，x2ln x20，当x时，G(x)0，G(x)单调递增G(x)minG(1)1，aG(x)min1，故实数a的取值范围为1，)题型策略(三)已知函数f (x)ln xmx，g(x)x(a0)(1)求函数f (x)的单调区间；(2)若m，对x1，x22,2e2都有g(x1)f (x2)成立，求实数a的取值范围破题思路第(1)问求什么想什么求f (x)的单调区间，想到解不等式f (x)0或f (x)0，所以f (x)m，当m0时，f (x)0，f (x)在(0，)上单调递增当m0时，由f (x)0得x；由得0x.所以f (x)在上单调递增，在上单调递减综上所述，当m0时，f (x)的单调递增区间为(0，)，无单调递减区间；当m0时，f (x)的单调递增区间为，单调递减区间为.(2)若m，则f (x)ln xx.对x1，x22,2e2都有g(x1)f (x2)成立，等价于对x2,2e2都有g(x)minf (x)max，由(1)知在2,2e2上f (x)的最大值为f (e2)，又g(x)10(a0)，x2,2e2，所以函数g(x)在2,2e2上是增函数，所以g(x)ming(2)2.由2，得a3，又a0，所以a(0,3，所以实数a的取值范围为(0,3题后悟通(一)思路受阻分析本题(2)中不会或不能准确地将已知条件“x1，x22,2e2都有g(x1)f (x2)成立”进行转化，而导致无法求解此题(二)技法关键点拨1最值定位法解双参不等式恒成立问题的思路策略(1)用最值定位法解双参不等式恒成立问题是指通过不等式两端的最值进行定位，转化为不等式两端函数的最值之间的不等式，列出参数所满足的不等式，从而求解参数的取值范围(2)有关两个函数在各自指定范围内的不等式恒成立问题，这里两个函数在指定范围内的自变量是没有关联的，这类不等式的恒成立问题就应该通过最值进行定位，对于任意的x1a，b，x2m，n，不等式f (x1)g(x2)恒成立，等价于f (x)min(xa，b)g(x)max(xm，n)，列出参数所满足的不等式，便可求出参数的取值范围2常见的双变量不等式恒成立问题的类型(1)对于任意的x1a，b，总存在x2m，n，使得f (x1)g(x2)f (x1)maxg(x2)max.(2)对于任意的x1a，b，总存在x2m，n，使得f (x1)g(x2)f (x1)ming(x2)min.(3)若存在x1a，b，对任意的x2m，n，使得f (x1)g(x2)f (x1)ming(x2)min.(4)若存在x1a，b，对任意的x2m，n，使得f (x1)g(x2)f (x1)maxg(x2)max.(5)对于任意的x1a，b，x2m，n，使得f (x1)g(x2)f (x1)maxg(x2)min.(6)对于任意的x1a，b，x2m，n，使得f (x1)g(x2)f (x1)ming(x2)max.对点训练3已知函数f (x)x(a1)ln x(aR)，g(x)x2exxex.(1)当x1，e时，求f (x)的最小值；(2)当a1时，若存在x1e，e2，使得对任意的x22,0，f (x1)g(x2)恒成立，求a的取值范围解：(1)f (x)的定义域为(0，)，f (x)1.当a1时，x1，e，f (x)0，f (x)为增函数，所以f (x)minf (1)1a.当1ae时，x1，a时，f (x)0，f (x)为减函数；xa，e时，f (x)0，f (x)为增函数所以f (x)minf (a)a(a1)ln a1.当ae时，x1，e，f (x)0，f (x)在1，e上为减函数，所以f (x)minf (e)e(a1).综上，当a1时，f (x)min1a；当1ae时，f (x)mina(a1)ln a1；当ae时，f (x)mine(a1).(2)由题意知f (x)(xe，e2)的最小值小于g(x)(x2,0)的最小值由(1)知，当a1时，f (x)在e，e2上单调递增，所以f (x)minf (e)e(a1).由题意知g(x)(1ex)x.当x2,0时，g(x)0，g(x)为减函数，g(x)ming(0)1，所以e(a1)，所以a的取值范围为.专题跟踪检测(对应配套卷P171)1(2019届高三唐山模拟)已知f (x)x2a2ln x，a0.(1)求函数f (x)的最小值；(2)当x2a时，证明：a.解：(1)函数f (x)的定义域为(0，)，f (x)x.当x(0，a)时，f (x)0，f (x)单调递增所以当xa时，f (x)取得极小值，也是最小值，且f (a)a2a2ln a.(2)证明：由(1)知，f (x)在(2a，)上单调递增，则所证不等式等价于f (x)f (2a)a(x2a)0.设g(x)f (x)f (2a)a(x2a)，则当x2a时，g(x)f (x)axa0，所以g(x)在(2a，)上单调递增，当x2a时，g(x)g(2a)0，即f (x)f (2a)a(x2a)0，故a.2已知函数f (x)xex2xaln x，曲线yf (x)在点P(1，f (1)处的切线与直线x2y10垂直(1)求实数a的值；(2)求证：f (x)x22.解：(1)因为f (x)(x1)ex2，所以曲线yf (x)在点P(1，f (1)处的切线斜率kf (1)2e2a.而直线x2y10的斜率为，由题意可得(2e2a)1，解得a2e.(2)证明：由(1)知，f (x)xex2x2eln x.不等式f (x)x22可化为xex2x2eln xx220.设g(x)xex2x2eln xx22，则g(x)(x1)ex22x.记h(x)(x1)ex22x(x0)，则h(x)(x2)ex2，因为x0，所以x22，ex1，故(x2)ex2，又0，所以h(x)(x2)ex20，所以函数h(x)在(0，)上单调递增又h(1)2e22e20，所以当x(0,1)时，h(x)0，即g(x)0，即g(x)0，函数g(x)单调递增所以g(x)g(1)e22eln 112e1，显然e10，所以g(x)0，即xex2x2eln xx22，也就是f (x)x22.3(2018武汉模拟)设函数f (x)(1xx2)ex(e2.718 28是自然对数的底数)(1)讨论f (x)的单调性；(2)当x0时，f (x)ax12x2恒成立，求实数a的取值范围解：(1)f (x)(2xx2)ex(x2)(x1)ex.当x1时，f (x)0；当2x0.所以f (x)在(，2)，(1，)上单调递减，在(2,1)上单调递增(2)设F(x)f (x)(ax12x2)，F(0)0，F(x)(2xx2)ex4xa，F(0)2a，当a2时，F(x)(2xx2)ex4xa(x2)(x1)ex4x2(x2)(x1)exx2(x2)(x1)ex1，设h(x)(x1)ex1，h(x)xex0，所以h(x)在0，)上单调递增，h(x)(x1)ex1h(0)0，即F(x)0在0，)上恒成立，F(x)在0，)上单调递减，F(x)F(0)0，所以f (x)ax12x2在0，)上恒成立当a0，而函数F(x)的图象在(0，)上连续且x，F(x)逐渐趋近负无穷，必存在正实数x0使得F(x0)0且在(0，x0)上F(x)0，所以F(x)在(0，x0)上单调递增，此时F(x)F(0)0，f (x)ax12x2有解，不满足题意综上，a的取值范围是2，)4(2018南昌模拟)设函数f (x)2ln xmx21.(1)讨论函数f (x)的单调性；(2)当f (x)有极值时，若存在x0，使得f (x0)m1成立，求实数m的取值范围解：(1)函数f (x)的定义域为(0，)，f (x)2mx，当m0时，f (x)0，f (x)在(0，)上单调递增；当m0时，令f (x)0，得0x，令f (x)，f (x)在上单调递增，在上单调递减(2)由(1)知，当f (x)有极值时，m0，且f (x)在上单调递增，在上单调递减f (x)maxf 2lnm1ln m，若存在x0，使得f (x0)m1成立，则f (x)maxm1.即ln mm1，ln mm10)，g(x)10，g(x)在(0，)上单调递增，且g(1)0，0m0时，对任意的x，恒有f (x)e1成立，求实数b的取值范围解：(1)函数f (x)的定义域为(0，)当b2时，f (x)aln xx2，所以f (x)2x.当a0时，f (x)0，所以函数f (x)在(0，)上单调递增当a0时，令f (x)0，解得x (负值舍去)，当0x 时，f (x)时，f (x)0，所以函数f (x)在上单调递增综上所述，当b2，a0时，函数f (x)在(0，)上单调递增；当b2，a0时，f (x)bln xxb，f (x)bxb1.令f (x)0，得0x0，得x1.所以函数f (x)在上单调递减，在(1，e上单调递增，f (x)max为f beb与f (e)beb中的较大者f (e)f ebeb2b.令g(m)emem2m(m0)，则当m0时，g(m)emem2220，所以g(m)在(0，)上单调递增，故g(m)g(0)0，所以f (e)f ，从而f (x)maxf (e)beb所以bebe1，即ebbe10.设(t)ette1(t0)，则(t)et10，所以(t)在(0，)上单调递增又(1)0，所以ebbe10的解集为(0,1所以b的取值范围为(0,16(2018开封模拟)已知函数f (x)axx2xln a(a0，a1)(1)当ae(e是自然对数的底数)时，求函数f (x)的单调区间；(2)若存在x1，x21,1，使得|f (x1)f (x2)|e1，求实数a的取值范围解：(1)f (x)axln a2xln a2x(ax1)ln a.当ae时，f (x)2xex1，其在R上是增函数，又f (0)0，f (x)0的解集为(0，)，f (x)1时，ln a0，y(ax1)ln a在R上是增函数，当0a1时，ln a1或0a0)，g(a)120，g(a)a2ln a在(0，)上是增函数而g(1)0，故当a1时，g(a)0，即f (1)f (1)；当0a1时，g(a)0，即f (1)1时，f (x)maxf (x)minf (1)f (0)e1，即aln ae1，函数yaln a在(1，)上是增函数，解得ae；当0a1时，f (x)maxf (x)minf (1)f (0)e1，即ln ae1，函数yln a在(0,1)上是减函数，解得0a.综上可知，实数a的取值范围为e，)22