河南省驻马店市齐海乡联合中学2022年高二物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中当两小球都处于平衡时其可能位置是图3中的哪一个？（ ）参考答案：A2. （多选）将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔2s，它们运动的图象分别如直线甲乙所示则（） A t=2s时，两球的高度相差一定为40m B t=4s时，两球相对于各自的抛出点的位移相等 C 两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等 D 甲球从抛出至到达最高点的时间间隔与乙球相等参考答案：解：A、根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，知t=2s时，甲球通过的位移为x甲=（30+10）2m=40m，乙的位移为零，两球位移之差等于40m，但两球初始的高度未知，故t=2s时两球的高度相差不一定为40m故A错误B、t=4s时，甲球相对于抛出点的位移为303101=40m，乙球相对于抛出点的位移为（30+10）2m=40m，故两球相对于各自的抛出点的位移相等故B正确C、两球从不同的高度以同样的速度竖直向上抛出，根据竖直上抛运动的规律x=h=v0t，h是抛出点距地面的高度，可知两球从抛出至落到地面所用的时间间隔t不相等故C错误D、由图知，甲球从抛出至到达最高点的时间间隔与乙球相等，都是3s故D正确故选：BD3. 关于系统动量守恒的说法正确的是（）只要系统所受的合外力为零，系统动量就守恒只要系统内有摩擦力，动量就不可能守恒系统所受合外力不为零，其动量一定不守恒，但有可能在某一方向上守恒系统所受合外力不为零，但如果合外力的冲量很小（相比内力的冲量）时，系统可近似动量守恒ABCD参考答案：D【考点】动量守恒定律；动量定理【分析】系统动量守恒的条件是合外力为零，内力对于系统的动量变化没有影响若系统在某一方向不受外力或合外力为零，在该方向上系统的动量守恒【解答】解：系统所受的合外力为零，合外力的冲量为零，系统动量就守恒，故正确动量守恒的条件是系统所受的合外力为零，系统内有摩擦力时，由于内力对系统的动量变化没有影响，只要系统所受的合外力为零，系统的动量仍守恒故错误根据动量守恒的条件可知，系统所受合外力不为零，其动量一定不守恒，但系统在某一方向不受外力或合外力为零，在该方向上系统的动量守恒故C正确系统所受合外力不为零，但如果合外力的冲量很小（相比内力的冲量）时，系统可近似动量守恒故正确由以上可知，D正确，ABC错误故选：D4. 一宇宙飞船以v=1.0104m/s的速度进入密度为=2.010-7kg/m3的微陨石流中，如果飞船在垂直于运动方向上的最大截面积S=5m2，且认为微陨石与飞船碰撞后都附着在飞船上。为使飞船的速度保持不变，飞船的牵引力应增加多大？参考答案：飞船的牵引力应增加100N【详解】设t时间内附着在飞船上的微陨石总质量为m，则m=Sv t 这些微陨石由静止至随飞船一起运动，其动量增加是受飞船对其作用的结果，由动量定理有:F?t=?mv-0 则微陨石对飞船的冲量大小也为Ft，为使飞船速度保持不变，飞船应增加的牵引力为:F=F 综合并代入数值得F=100N，即飞船的牵引力应增加100N。5. （多选）线圈在磁场中匀速转动产生的交流电的瞬时电动势为e10sin20tV，则下列说法正确的是 （ ）At0时，线圈平面位于中性面Bt0时，穿过线圈的磁通量最大Ct0时，导线切割磁感线的有效速度最大Dt0.4 s时，e达到峰值参考答案：AB二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在“探究小车速度随时间的变化规律”实验中，小车拖纸带运动，打点计时器在纸带上打出一系列点，从中确定四个计数点，每相邻两个计数点间的时间间隔是0.1s，用米尺测量出的数据如图所示，则小车在C点的速度vC = m/s。由纸带的信息可得出小车的加速度a= m/s2。参考答案：0.595(或0.6) 、 0.9 7. 如图所示，点电荷A和B带电荷量分别为3.0108C和2.4108C，彼此相距6cm若在两点电荷连线中点O处放一个半径为1cm的金属球壳，则球壳上感应电荷在该中点处产生的电场强度大小为 N/C，方向 参考答案：15、 A 、 A 、 A 、 A 5.4105N/C，水平向左8. 如图12所示电路中，已知交流电源电压u=200sin100tV，电阻R=100，则电流表的示数为_ _，电压表的示数为_ _参考答案： 1.41A 、 141V 9. 如右图所示，一个边长为d的正方形导线框，沿图示平面向右穿越一宽度为L（Ld）的匀强磁场，当导线框移入磁场时，框中的感应电流方向是 ；当导线框移出磁场时，框中的感应电流方向是 。（填“顺时针”或“逆时针”）参考答案：10. 如图所示，一匝数为100匝正方形线圈放在一匀强磁场中，磁场方向垂直线圈平面向里。此时穿过线圈平面的磁通量为0.4wb，现将线圈平面绕OO轴转过90o，此时穿过线圈平面的磁通量为_wb，若此过程历时2s，则这段时间内线圈中平均感应电动势的大小为_V。参考答案：0 2011. 物体里分子无规则运动而具有的动能叫分子动能，EK表示。大量分子动能的平均值叫分子平均动能。 是分子无规则运动平均动能大小的宏观标志。参考答案：温度12. 某同学测量一只未知阻值的电阻。他用多用电表进行测量，按照正确的步骤操作后，测量的结果如图甲所示。请你读出其阻值大小为_。为了使多用电表测量的结果更准确，该同学接着应该换用_挡，并重新调零后再测量。参考答案：1000欧姆 X10013. 如图甲（a）所示为测量血压的压力传感器在工作时的示意图，薄金属片P固定有4个电阻R1、R2、R3、R4， 右边如图甲（b）是它的侧面图，这4个电阻如图乙（a）连接成电路如图乙（b）所示，试回答：（1）开始时，金属片中央O点未加任何压力，欲使电压表无示数，则4个电阻应满足的关系为：_(2分)（2）当O点加一个压力F后发生形变，这时4个电阻也随之发生形变，形变后各电阻大小如何变化：_(4分)（3）电阻变化后，电路A、B两点中_ (2分)点电势较高。它为什么能测血压？答： (2分)参考答案：（1）R1R4=R2R3. (2分)（2）R1、R4电阻增大，R2、R3减小 (4分)（3）高(2分)； R1、R4电阻增大，导致A、B两端电压增大，所以A点电势将高于B点.血压越高F越大，金属片形变越大，电阻变化越大，电压表的示数越大，从而测量出人体血压.三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学利用图甲所示电路测量一表头的电阻。供选用的器材如下:A.待测表头G1（内阻r1约为300 ,量程为5. 0 mA）；B.灵敏电流表G2（内阻r2 =300 ,量程为1.0 mA）；C.定值电阻 R(R=1200 )；D.滑动变阻器R1 （最大阻值为10 ）；E.滑动变阻器R2 （最大阻值为1000 ）；F.电源E（电动势E=1.5 V,内阻不计）;G.开关S,导线若干。（1）请根据图甲所示电路将图乙的实物图补充完整_。（2）滑动变阻器应选_（填“R1”或“R2”）。开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P 应滑动至_（填a或“b）端。（3）该同学接入定值电阻R的主要目的是_。（4）实验中某次待测表头G1的示数如图丙所示,示数为_mA。（5）该同学多次移动滑片P ,记录相应的G1、G2示数I1、I2 ；以I1为纵坐标I2为横坐标，作出相应图线。测得图线的斜率k= 4.8,则待测表头内阻r1=_。参考答案： (1). 如图所示： (2). R1 (3). b (4). 保护G2，使两表均能达到接近满偏 (5). 3.40（3.38-3.42） (6). 312.5【详解】第一空参照图甲电路连线，结果如图所示；第二空、第三空为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻R1，滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路闭合开关前滑片要置于分压电路分压为零的位置，即滑动变阻器要移到b端；第四空由于两电流表的内阻相当，但满偏电流相差很大，所以为不致于使指针偏角相差很大，要接入定定值电阻R，其作用是保护G2，使两表均能接近满偏；第五空从图丙中读出电流I1=3.40mA；第六空根据欧姆定律和并联电路电压相等的关系有：I1r1=I2（r2+R），那么，结合题意图象的斜率，所以。15. 在用单摆测定重力加速度的实验中，测得摆线长为L，小球直径为D,周期为T:(1)下列必要的措施或做法正确的是 .（选填序号）A.为了便于计时观察，单摆的摆角应尽量大些B.摆线长应远远大于摆球直径C.摆球应选择密度较大的实心金属小球D.用停表测量周期时，应测量单摆多次（一般30-50次）全振动的时间，然后计算周期，而不能把只测一次全振动时间当作周期E.测量周期时，应从摆球到达最高点时开始计时 (2)根据以上数据，推导出计算重力加速度的表达式为 g= .参考答案：1）BCD（2）g=42（2L+D）/2T2四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 地球表面所受太阳辐射热为75600J/dm2，阳光经过一个直径为1m的太阳灶曲面，20分钟能接受多少太阳能？它相当于完全燃烧多少干木柴所产生的热量？参考答案：考点：能源的开发和利用版权所有分析：已知太阳灶的直径，可计算出其半径，再利用公式S=r2计算出太阳灶的受热面积，知道太阳辐射热为每分钟75600 J/dm2，从而可以计算出20 min能接收多少太阳能，已知干木柴的热值，可利用公式m=计算质量解答：解：直径为1 m，则半径为r=0.5dm；从而可知，太阳灶的受热面积为：S=r2=3.14（5dm）2=78.5dm2，则20 min能接收的太阳能为：Q=75600 J/dm22078.5dm2=1.18108J；因为木柴的q=1.2107J/，所以干木柴的质量为：m=9.8答：20 min能接收1.18692108J的太阳能，它相当于完全燃烧9.8干木柴所产生的热量点评：本题考查了热量的计算、燃料燃烧放热计算，与实际生活相联系，使学生明白太阳能的优点，增强积极开发太阳能的意识，在计算过程中要