2022年河北省唐山市遵化侯家寨乡中学高二物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 下列关于磁感应强度大小的说法中正确的是（ ）A、通电导线受磁场力大的地方，磁感应强度一定大B、一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零C、磁感线的指向就是磁感应强度减小的方向D、磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小无关参考答案：D2. 在如图所示的电路中，电池的电动势为，内电阻为r，R1、R2为两个阻值固定的电阻，当可变电阻R的滑片向下移动时，安培表的示数I和伏特表的示数U将：（ ）AI变大，U变大 BI变大，U变小CI变小，U变大 D I变小，U变小参考答案：B3. 奥斯特实验的重大意义在于它说明了（ ）A.磁场的存在 B.磁场具有方向性C.通电导线周围存在磁场 D.磁体间有相互作用参考答案：C4. （单选）如图，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘。当MN中电流突然减小时，线圈所受安培力的合力方向(A)向左(B)向右(C)垂直纸面向外(D)垂直纸面向里参考答案：B5. 关于电阻率，下列说法正确的是电阻率与导体的长度L和横截面积S有关电阻率表征了导体材料导电能力的强弱，由导体的材料决定，与温度有关导体的电阻率越大，电阻也越大D某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，常用来制作标准电阻参考答案：BD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）如图所示，匝数为N匝的矩形金属线圈，在磁感应强度为B特的匀强磁场中，以弧度/秒的角速度绕着跟磁场方向垂直的转动轴OO匀速转动。已知线框的边长米，米，从图示位置开始计时，请写出线圈中感应电动势随时间变化的表达式 。 参考答案：NBL1L2cost7. 如图所示，长为L的金属棒ab，绕b端在垂直于匀强磁场的平面内以角速度匀速转动，磁感应强度为B，则a、b两端的电势差为 参考答案： BL2【考点】法拉第电磁感应定律；右手定则【分析】金属棒中各点切割感线的速度不等，应用平均速度求解感应电动势的大小线速度与角速度的关系式v=L【解答】解：解法1：棒上各处速率不等，故不能直接用公式E=BLv求由v=r可知，棒上各点线速度跟半径成正比，故可用棒的中点的速度作为平均切割速度代入公式计算由=有E=BL=BL2解法2：设经过t时间ab棒扫过的扇形面积为S，则S=LtL=L2t，变化的磁通量为=BS=BL2t，所以E=n=B=BL2（n=1）所以，a、b两端的电势差为BL2故答案为： BL28. 如图所示，一闭合线圈a悬吊在一个通电长螺线管的左侧，如果要使线圈中产生图示方向的感应电流，滑动变阻器的滑片P应向_滑动。要使线圈a保持不动，应给线圈施加一水平向_的外力。参考答案：9. （4分）如图所示，将长为的直导线放人的匀强磁场中，导线与磁场垂直，若在导线中通入的直流电，则整个导线所受的安培力的大小为 N，若停止向导线中通入电流，则匀强磁场的磁感应强度将 (填“变大”、“不变”或“变小”)。参考答案：1，不变10. 如图所示,U形导线框固定在水平面上,右端放有质量为m的金属棒ab,ab与导轨间的动摩擦因数为,它们围成的矩形边长分别为L1、L2,回路的总电阻为R.从t=0时刻起,在竖直向上方向加一个随时间均匀变化的匀强磁场B=kt,（k0）那么在t = 时,金属棒开始移动.参考答案：11. 一列简谐波，波长为0.25m，波速为2.5ms，这列波的频率为 Hz。参考答案：10Hz12. 甲乙两船停在湖面上，相距24m，有一列水波在湖面上传播，每分钟上下振荡15次，甲船位于波峰时，乙船恰好位于波谷，它们中间只有一个波峰，此水波的波长为_m，波速为_m/s。参考答案：16；413. 池塘内水深为，水密度为，大气压强为，池塘底部生成的沼气泡内沼气的压强为。沼气泡在池水中上浮的过程中，沼气泡内的压强（填“逐渐增大”、“逐渐减小”或“不变”）。参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 参考答案：15. 某同学采用如下图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约2，电压表(03V内阻约3k)，电流表(00.6A内阻约1.0)，滑动变阻器有R1(102A)和R2(1000.1A)各一只(1)实验中滑动变阻器应选用_(选填“R1”或“R2”)(2)在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路(3)在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的UI图像，由图可较准确地求出电源电动势E_V；内阻r_.参考答案：（1） R1 （2）如图所示 （3） 1.48（1.471.50都对）；1.94（1.901.98都对）四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图，质量为6m、长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平B端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C，C与木板之间的动摩擦因数为=质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半（1）求细绳能够承受的最大拉力；（2）若要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为多大？（3）通过计算判断C能否从木板上掉下来参考答案：解：（1）设小球运动到最低点的速率为v0，小球向下摆动过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgL=mv02 解得：v0=，小球在圆周运动最低点，由牛顿第二定律得：Tmg=m由牛顿第三定律可知，小球对细绳的拉力：T=T解得：T=3mg；（2）小球碰撞后平抛运动，在竖直方向上：h=gt2 水平方向：L=t解得：h=L（3）小球与滑块C碰撞过程中小球和C系统满足动量守恒，设C碰后速率为v1，以小球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=m（）+3mv1 假设木板足够长，在C与木板相对滑动直到相对静止过程，设两者最终共同速率为v2，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：3mv1=（3m+6m）v2由能量守恒定律得： ?3mv12=（3m+6m）v22+?3mgs?联立?解得：s=L?由sL知，滑块C不会从木板上掉下来答：（1）细绳能够承受的最大拉力3mg；（2）要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为L；（3）C不会从木板上掉下来【考点】动量守恒定律；牛顿第二定律；动能定理【分析】（1）由机械能守恒定律求出小球的速度，然后由牛顿定律求出绳子能承受的最大拉力；（2）小球做平抛运动，应用平抛运动规律分析答题；（3）应用动量守恒定律与能量守恒定律求出C的位移，然后根据位移与木板的长度关系分析答题17. 一个质量m=2 kg的物体从空中由静止下落，已知物体所受空气阻力大小Ff=10N，取重力加速度g=10ms2。求： (1)物体下落时的加速度大小； (2)物体下落时间t=2s时(物体未着地)的位移大小。参考答案：0.1s、 0.265m/s 18. 飞行时间质谱仪可对气体分子进行分析。如图所示，在真空状态下，脉冲阀P喷出微量气体，经激光照射产生电荷量为q、质量为m的正离子，自a板小孔进入a、b间的加速电场，从b板小孔射出，沿中线方向进入M、N板间的偏转控制区，到达探测器。已知a、b板间距为d，极板M、N的长度和间距均为L。不计离子重力及进入a板时的初速度。 （1）当a、b间的电压为U1，在M、N间加上适当的电压U2，使离子到达探测器。求离子到达探测器的全部飞行时间。 （2）为保证离子不打在极板上，试求U2与U1的关系。参考答案： （2）在MN间侧移 （2分）由，得 （2分）