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2022年福建省三明市师大中学高一数学文模拟试卷含解析一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1. 已知函数,则f(x)的最小正周期和一个单调递减区间分别为( )A. 2,B. 2,C. ,D. ,参考答案:C【分析】利用正余弦的二倍角公式和辅助角公式将f(x)进行化简,结合正弦函数图像的性质求解即可.【详解】由f(x)2sin2x+2sinxcosxsin2xcos2x+1sin(2x)+1f(x)的最小正周期T,当时函数单调递减,解得:,(kZ)当k0时,得f(x)的一个单调减区间故选C【点睛】本题考查正余弦二倍角公式和辅助角公式的应用,考查正弦函数图像的性质,属于基础题.2. 设是定义在上的一个函数,则函数在上一定是( )A奇函数 B偶函数 C既是奇函数又是偶函数 D非奇非偶函数。参考答案:A 解析:3. 下列函数中,在区间上是增函数的是( ). . . .参考答案:C略4. 已知集合,则( ) . . . .参考答案:D略5. 已知A,B,C是直线上三点,M是直线外一点,若则满足的关系是( )A. 0 B. C. D. 参考答案:D略6. 集合M=(x,y)|y=,N=(x,y)|xy+m=0,若MN的子集恰有4个,则m的取值范围是()A(2,2)B2,2)C(2,2D2,2)参考答案:D【考点】直线与圆的位置关系;子集与真子集;交集及其运算【分析】根据题意,分析可得集合M表示的图形为半圆,集合N表示的图形为直线,MN的子集恰有4个,可知MN的元素只有2个,即直线与半圆相交利用数形结合即可得出答案【解答】解:根据题意,对于集合M,y=,变形可得x2+y2=4,(y0),为圆的上半部分,N=(x,y)|xy+m=0,为直线xy+m=0上的点,若MN的子集恰有4个,即集合MN中有两个元素,则直线与半圆有2个交点,分析可得:2m2,故选:D7. 三个数0.993.3,log3,log20.8的大小关系为( )Alog20.80.993.3log3Blog20.8log30.993.3C0.993.3log20.81log3Dlog30.993.3log20.8参考答案:A【考点】对数值大小的比较 【专题】转化思想;数学模型法;函数的性质及应用【分析】利用指数函数与对数函数的单调性即可得出【解答】解:00.993.31,log31,log20.80,log20.80.993.3log3,故选:A【点评】本题考查了指数函数与对数函数的单调性,考查了推理能力与计算能力,属于中档题8. (5分)如图长方体中,AB=AD=2,CC1=,则二面角C1BDC的大小为()A30B45C60D90参考答案:A考点:二面角的平面角及求法 专题:综合题分析:取BD的中点E,连接C1E,CE,根据已知中AB=AD=2,CC1=,我们易得C1BD及CBD均为等腰三角形,进而得到C1EBD,CEBD,则C1EC即为二面角 C1BDC的平面角,解C1EC即可求也二面角 C1BDC的大小解答:取BD的中点E,连接C1E,CE由已知中AB=AD=2,CC1=,易得CB=CD=2,C1B=C1D=根据等腰三角形三线合一的性质,我们易得C1EBD,CEBD则C1EC即为二面角 C1BDC的平面角在C1EC中,C1E=2,CC1=,CE=故C1EC=30故二面角 C1BDC的大小为30故选A点评:本题考查的知识点是二面角平面角及求法,其中根据三垂线定理找出二面角的平面角是解答本题的关键9. 实数a,b满足,则下列不等式成立的是( )(A) (B) (C) (D)参考答案:C根据题意,依次分析选项:对于A. 时,成立,故A错误;对于B、时,有成立,故B错误;对于D、,有成立,故D错误;故选:C10. 已知集合,则是: A B C D 参考答案:二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 若函数,则方程f(x)=2所有的实数根的和为_.参考答案:(1),(2),12. (3分)已知f(x)=x,g(x)=,则f(x)?g(x)= 参考答案:x22x,(x2)考点:函数解析式的求解及常用方法 专题:计算题;函数的性质及应用分析:由题意,x20,从而化简f(x)?g(x)即可解答:由题意,x20,故x2;f(x)?g(x)=x(x2)=x22x,故答案为:x22x,(x2)点评:本题考查了函数的解析式的求法及应用,属于基础题13. 函数y=ax在0,1上的最大值与最小值的和为,则a= 参考答案:【考点】指数函数的图象与性质【专题】函数思想;转化法;函数的性质及应用【分析】结合题意得到关于a的方程,解出即可【解答】解:由题意得:a0+a=,解得:a=,故答案为:【点评】本题考查了指数函数的性质,考查函数最值问题,是一道基础题14. 设扇形的周长为,面积为,则扇形的圆心角的弧度数是 .参考答案:215. 已知函数在上具有单调性,则的范围是_.参考答案:16. 下列叙述正确的序号是 (1)对于定义在R上的函数,若,则函数不是奇函数;(2) 定义在上的函数,在区间上是单调增函数,在区间上也是单调增函数,则函数在上是单调增函数;(3) 已知函数的解析式为=,它的值域为,那么这样的函数有9个;(4)对于任意的,若函数,则参考答案:略17. (5分)函数f(x)=lg(x3)的定义域为 参考答案:x|x3考点:函数的定义域及其求法 专题:函数的性质及应用分析:利用对数函数类型的函数的定义域的求法即可得出解答:x30,x3函数f(x)=lg(x3)的定义域为x|x3故答案为:x|x3点评:熟练掌握对数函数类型的函数的定义域是解题的关键三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18. 如图,在三棱锥PABC中,ABAC,D为BC的中点,PD平面ABC,垂足O落在线段AD上,已知BC8,PO4,AO3,OD2.(1)证明:APBC;(2)在线段AP上是否存在点M,使得二面角AMCB为直二面角?若存在,求出AM的长;若不存在,请说明理由参考答案:方法一:(1)证明:如右图,以O为原点,以射线OD为y轴的正半轴,射线OP为z轴的正半轴,建立空间直角坐标系Oxyz.则O(0,0,0),A(0,3,0),B(4,2,0),C(4,2,0),P(0,0,4),(0,3,4),(8,0,0),由此可得0,所以,即APBC.(2)解:假设存在满足题意的M,设,1,则(0,3,4)(4,2,4)(0,3,4)(4,23,44),(4,5,0)设平面BMC的法向量n1(x1,y1,z1),平面APC的法向量n2(x2,y2,z2)由得即可取n1(0,1,)由即得可取n2(5,4,3)由n1n20,得430,解得,故AM3.综上所述,存在点M符合题意,AM3.方法二:(1)证明:由ABAC,D是BC的中点,得ADBC.又PO平面ABC,所以POBC.因为POADO,所以BC平面PAD,故BCPA.(2)解:如下图,在平面PAB内作BMPA于M,连接CM.由(1)知APBC,得AP平面BMC.又AP?平面APC, 所以平BMC平面APC.在RtADB中,AB2AD2BD2(AOOD)2(BC)241,得AB在RtPOD中,PD2PO2OD2,在RtPDB中,PB2PD2BD2,所以PB2PO2OD2DB236,得PB6.在RtPOA中,PA2AO2OP225,得PA5.又cosBPA,从而PMPBcosBPA2,所以AMPAPM3.综上所述,存在点M符合题意,AM3.19. 已知函数f(x)=logax(a0且a1),且函数的图象过点(2,1)(1)求函数f(x)的解析式;(2)若f(m2m)1成立,求实数m的取值范围参考答案:【考点】对数函数的图像与性质;一元二次不等式的解法 【专题】计算题;数形结合法;函数的性质及应用【分析】(1)直接根据函数图象过点(2,1)求出实数a;(2)根据对数函数的单调性列出不等式组,解出不等式即可【解答】解:(1)函数f(x)的图象过点(2,1),f(2)=1,即loga2=1,解得a=2,因此,f(x)=log2x(x0);(2),f(m2m)1且1=log22,log2(m2m)2,该不等式等价为:解得,1m0或1m2,所以实数m的取值范围为(1,0)(1,2)【点评】本题主要考查了对数函数的图象和性质,涉及函数的单调性和一元二次不等式的解法,属于中档题20. (本小题满分12分)已知函数(1)判断并证明函数的奇偶性; (2)求函数的值域.参考答案:(1)函数为R上的奇函数。证明:显然,函数的定义域为R,又 。所以函数为R上的奇函数。6分(2),因为,故从而,即函数的值域为。 12分21. 设等差数列an的前n项和为Sn,已知a3=24,S11=0()求数列an的通项公式;()求数列an的前n项和Sn;()当n为何值时,Sn最大,并求Sn的最大值参考答案:【考点】8F:等差数列的性质【分析】()分别利用等差数列的通项公式及等差数列的前n项和的公式由a3=24,S11=0表示出关于首项和公差的两个关系式,联立即可求出首项与公差,即可得到数列的通项公式;()根据()求出的首项与公差,利用等差数列的前n项和的公式即可表示出Sn;()根据(2)求出的前n项和的公式得到Sn是关于n的开口向下的二次函数,根据n为正整数,利用二次函数求最值的方法求出Sn的最
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