2021 年高考物理一轮复习考点全攻关专题(18)应用牛顿运动定律解决“四类”热点问题(解析版) 命题热点一：动力学图象问题1常见图象vt图象、at图象、Ft图象、Fa图象等.2题型分类(1) 已知物体受到的力随时间变化的图线，要求分析物体的运动情况.(2) 已知物体的速度、加速度随时间变化的图线，要求分析物体的受力情况.(3) 由已知条件确定某物理量的变化图象.3.解题策略(1) 分清图象的类别：即分清横、纵坐标所代表的物理量，明确其物理意义，掌握物理图象所反映的物理过 程，会分析临界点.(2) 注意图线中的一些特殊点所表示的物理意义：图线与横、纵坐标的交点，图线的转折点，两图线的交点 等.(3) 明确能从图象中获得哪些信息：把图象与具体的题意、情景结合起来，应用物理规律列出与图象对应的 函数方程式，进而明确“图象与公式”“图象与物体”间的关系，以便对有关物理问题作出准确判断.【例1】(多选)如图(a),物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传 感器相连，细绳水平.t = 0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4s时撤去外力.细绳对物块的拉 力f随时间t变化的关系如图(b)所示，木板的速度v与时间t的关系如图(c)所示.木板与实验台之间的 摩擦可以忽略.重力加速度取10 m/s2.由题给数据可以得出()(b)| c)A. 木板的质量为1 kgB. 24 s内，力F的大小为0.4 NC. 02 s内，力F的大小保持不变D. 物块与木板之间的动摩擦因数为0.2【答案】AB解析 由题图(c)可知木板在02 s内处于静止状态，再结合题图(b)中细绳对物块的拉力f在02 s内 逐渐增大，可知物块受到木板的摩擦力逐渐增大，故可以判断木板受到的水平外力F也逐渐增大，选项C0.40错误；由题图(c)可知木板在24 s内做匀加速运动，其加速度大小为a= m/s2 = 0.2 m/s2，对木1420.40.2板进行受力分析,由牛顿第二定律可得FF =ma ,在45 s内做匀减速运动，其加速度大小为a= .5 4.f 1254m/s2 = 0.2m/s2, F =ma，另外由于物块静止不动，同时结合题图(b)可知物块与木板之间的滑动摩擦力Ff 2 f = 0.2 N,解得m=l kg、F=0.4 N,选项A、B正确；由于不知道物块的质量，所以不能求出物块与木板之 间的动摩擦因数，选项D错误.【变式1】已知雨滴在空中运动时所受空气阻力FRH=kr2V2,其中k为比例系数，r为雨滴半径，v为其运动阻速率.t = 0时，雨滴由静止开始下落，加速度用a表示落地前雨滴已做匀速运动，速率为下列图象中 不正确的是( )ABcD【答案】D解析 由mgFm=ma得，雨滴先加速下落，随着v增大，阻力F阻增大，a减小，a=0时，v=v不再变化,阻阻0mg 44n p g故A、B正确；又mg=kr2v 2，v 2=，又m=n p r3，得v2=r,故V2与r成正比关系，故C正确,0 0 kr2303k0D错误.命题热点二：动力学中的连接体问题 1连接体的类型(1) 弹簧连接体(2)物物叠放连接体(3)轻绳连接体(4)轻杆连接体2连接体的运动特点 轻绳轻绳在伸直状态下，两端的连接体沿绳方向的速度总是相等 轻杆轻杆平动时，连接体具有相同的平动速度；轻杆转动时，连接体具有相同的角速度，而线速度与 转动半径成正比轻弹簧在弹簧发生形变的过程中，两端连接体的速度不一定相等；在弹簧形变最大时，两端连接体的 速率相等3处理连接体问题的方法整体法的选取原则若连接体内各物体具有相同的加速度，且不需要求物体之间的作用力， 可以把它们看成一个整体，分析整体受到的外力，应用牛顿第二定律求 出加速度或具他未知量隔离法的选取原则若连接体内各物体的加速度不相同，或者要求出系统内两物体之间的作用 力时，就需要把物体从系统中隔离出来，应用牛顿第二定律列方程求解整体法、隔离法的交替运用若连接体内各物体具有相同的加速度，且要求物体之间的作用力时，可 以先用整体法求出加速度，然后再用隔离法选取合适的研究对象，应用 牛顿第二定律求作用力即“先整体求加速度，后隔离求内力”【例2】如图所示，两个质量相同的物体1和2紧靠在一起，放在光滑的水平桌面上若它们分别受到水平推力F1和F2作用，而且，则物体1对物体2的作用力大小为()12A. F B.FC.1(F+F)D.j(F-F)1 2 2 1 2 2 1 2【答案】CF-F解析设物体1和2的质量都为m,加速度为a,以整体为研究对象，由牛顿第二定律得&=2不，以物体 F-FFF2为研究对象，有a=，解得F“=f 厂，故C选项正确.12 2【变式2】如图所示，质量分别为2m和3m的两个小球静止于光滑水平面上，且固定在劲度系数为k的轻质 弹簧的两端.今在质量为2m的小球上沿弹簧轴线方向施加大小为F的水平拉力，使两球一起做匀加速直线 运动，则稳定后弹簧的伸长量为( )捽Eh &拝住住f挖打畐A打F2F3FFA-5kB-5kC-5kD-k【答案】CF解析 对整体分析，整体的加速度a=5m，对质量为3m的小球分析，根据牛顿第二定律有：F = kx=3ma, 5m弹3F 可得x=5k，故A、B、D错误，C正确.【变式3】(多选)如图所示，倾角为。的斜面体放在粗糙的水平地面上，现有一带固定支架的滑块m正沿斜面加速下滑支架上用细线悬挂的小球达到稳定(与滑块相对静止)后，悬线的方向与竖直方向的夹角也为A. 斜面光滑B. 斜面粗糙C. 达到稳定状态后，地面对斜面体的摩擦力水平向左D. 达到稳定状态后，地面对斜面体的摩擦力水平向右【答案】AC解析隔离小球，可知小球的加速度方向沿斜面向下，大小为gsin小球稳定后，支架系统的加速度与 小球的加速度相同，对支架系统进行分析，只有斜面光滑，支架系统的加速度才是gsin所以A正确， B 错误.隔离斜面体，斜面体受到的力有自身重力、地面的支持力、支架系统对它垂直斜面向下的压力，因 斜面体始终保持静止，则斜面体还应受到地面对它水平向左的摩擦力，C正确，D错误.命题热点三：临界和极值问题1. 临界或极值条件的标志(1) 题目中“刚好”“恰好”“正好”等关键词句，明显表明题述的过程存在着临界点.(2) 题目中“取值范围”“多长时间”“多大距离”等词句，表明题述过程存在着“起止点”，而这些“起止 点”一般对应着临界状态.(3) 题目中“最大”“最小”“至多”“至少”等词句，表明题述的过程存在着极值，这个极值点往往是临界 点.八、2. 常见临界问题的条件(1) 接触与脱离的临界条件：两物体相接触或脱离，临界条件是弹力F =0.N(2) 相对滑动的临界条件：静摩擦力达到最大值.(3) 绳子断裂与松弛的临界条件：绳子断裂的临界条件是绳中张力等于它所能承受的最大张力；绳子松弛的 临界条件是 FT=0.(4) 最终速度(收尾速度)的临界条件：物体所受合外力为零.3. 解题基本思路(1) 认真审题，详尽分析问题中变化的过程(包括分析整体过程中有几个阶段)；（2）寻找过程中变化的物理量；（3）探索物理量的变化规律；（4）确定临界状态，分析临界条件，找出临界关系4解题技巧方法极限法把物理问题（或过程）推向极端，从而使临界现象（或状态）暴露出来，以达到正确解决问题的目的假设法临界问题存在多种可能，特别是非此即彼两种可能时，或变化过程中可 能出现临界条件，也可能不出现临界条件时，往往用假设法解决问题数学法将物理过程转化为数学表达式，根据数学表达式解出临界条件【例3】如图所示，小球A质量为m,木块B质量为2m,两物体通过竖直轻弹簧连接放置在水平面上静止.现 对A施加一个竖直向上的恒力F,使小球A在竖直方向上运动，弹簧原长时小球A速度恰好最大，已知重力 加速度为g.则在木块B对地面压力为零时，小球A的加速度大小为（）A A.3gB.2.5gC.2gD.1.5g【答案】C解析 弹簧原长时小球A速度恰好最大，则此时小球加速度为零,则恒力F=mg；木块B对地面压力为零时， 由平衡条件知弹簧的弹力为2mg,对小球A,由牛顿第二定律得：Fmg2mg=ma,解得小球A的加速度a =2g，则加速度大小为2g，方向向下，故C正确.【变式4】如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B刚好不下滑.已知A与B间的动摩擦因数为气，A与地面间的动摩擦因数为匕，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力.A与B的质量之比为（）A.112B.1uu1 -uu12C.1+u uuu12D.2+uuuu12【答案】B 解析 对滑块A、B整体在水平方向上有F=u （mA+叫）g，对滑块B在竖直方向上有u F=g,联立解得:2 A B1 Bm 1uumA= u U 2，选项B正确.111H HB12命题热点三：动力学方法分析多运动过程问题1基本思路(1) 将“多过程”分解为许多“子过程”，各“子过程”间由“衔接点”连接(2) 对各“衔接点”进行受力分析和运动分析，必要时画出受力图和过程示意图(3) 根据“子过程”“衔接点”的模型特点选择合适的物理规律列方程(4) 分析“衔接点”速度、加速度等的关联，确定各段间的时间关联，并列出相关的辅助方程(5) 联立方程组，分析求解，对结果进行必要的验证或讨论2解题关键(1) 注意应用vt图象和情景示意图帮助分析运动过程.(2) 抓住两个分析：受力分析和运动过程分析 【例4】某次新能源汽车性能测试中，如图甲显示的是牵引力传感器传回的实时数据随时间变化的关系，但 由于机械故障，速度传感器只传回了第25 s以后的数据，如图乙所示.已知汽车质量为1 500 kg若测试 平台是水平的，且汽车由静止开始做直线运动，设汽车所受阻力恒定求：巾乙(1) 18 s末汽车的速度是多少？(2) 前25 s内的汽车的位移是多少？【答案】(1)26 m/s (2)608 m解析(1)06 s内由牛顿第二定律得：FFf=ma6 s末车速为：V = at在618 s内，由牛顿第二定律得：F2Ff=ma2 第18 s末车速为：v =v+a t2 1 2 2由题图知18 s后汽车匀速直线运动，牵引力等于阻力，故有：F=F=1 500 N，f解得：V = 30 m/s， = 26 m/s；v(2) 汽车在06 s内的位移为：x1=211 = 90 m，vv汽车在618 s内的位移为：x =fyt =336 m，2 2 2汽车在1825 s内的位移为：x =v t =182m3 2 3故汽车在前25 s内的位移为：x=x +x +x =608 m.123【变式5】哈利法塔是目前世界最高的建筑游客乘坐观光电梯从地面开始经历加速、匀速、减速的过程恰 好到达观景台只需50秒，运行的最大速度为15 m/s.观景台上可以鸟瞰整个迪拜全景，可将棕榈