2023学年高一下物理期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、 (本题9分)赤道上随地球自转的物体A，赤道上空的近地卫星B，地球的同步卫星C，它们的运动都可看作匀速圆周运动，分别用表示它们的向心加速度、线速度、周期和角速度，下列判断正确的是（）ABCD2、 (本题9分)如图甲所示，静止于光滑水平面上的小物块，在水平拉力F的作用下从坐标原点O开始沿x轴正方向运动，F随物块所在位置坐标x的变化关系如图乙所示，图线右半部分为四分之一圆弧，则小物块运动到2x0处时的动能可表示为（ ）A0BFmx0（1+）CFmx0（1+）DFmx03、 (本题9分)孔明灯俗称许愿灯，放孔明灯是我国的一种民俗文化如图所示，孔明灯在点燃后加速上升的过程中，忽略其质量的变化，则孔明灯的（ ）A重力势能减少，动能减少B重力势能减少，动能增加C重力势能增加，动能减少D重力势能增加，动能增加4、 (本题9分)两点电荷相距r，它们之间的库仑引力为F，若它们的电量都加倍，两点电荷的距离也加倍，它们之间的作用力为（）AFB2FC4FD5、 (本题9分)人造卫星、宇宙飞船（包括空间站）在轨道运行的过程中，常常需要变轨。除了规避“太空垃圾”对其的伤害外，主要是为了保证其运行的寿命。据介绍，由于受地球引力影响，人造卫星、宇宙飞船（包括空间站）运行轨道会以每天 100米左右的速度下降。这样将会影响人造卫星、宇宙飞船（包括空间站）的正常工作，常此以久将使得其轨道越来越低，最终将会坠落大气层下面说法正确的是（ ）A轨道半径减小后，卫星的环绕速度减小B轨道半径减小后，卫星的向心加速度减小C轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小D轨道半径减小后，卫星的环绕角速度减小6、 (本题9分)汽车在平直公路上由静止开始匀加速启动，最后保持额定功率匀速前进，则在这整个过程中（ ）A汽车的加速度始终保持不变B汽车的牵引力先不变后逐渐减小到零C汽车的功率先增大后保持不变D汽车匀速运动时速度达到最大7、 (本题9分)滑雪运动深受人民群众的喜爱，某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中（）A所受合外力始终为零B所受摩擦力大小不变C合外力做功一定为零D机械能的减少量等于克服摩擦力做的功8、如图所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m4 kg的小物体B以水平速度v02 m/s滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示，取g=10m/s2，则下列说法正确的是( )A木板A获得的动能为2JB系统损失的机械能为2JC木板A的最小长度为2 mDA、B间的动摩擦因数为0.19、 (本题9分)下列说法正确的是（ ）A电源的作用就是将其他形式的能转化为电能B若某电池中通过的电荷，电池提供的电能，该电池的电动势为C电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D电源向外提供的电能越多，表示电动势越大10、如图所示，一轻绳通过小定滑轮O与小球B连接，另一端与套在竖直杆上的小物块A连接，杆固定且足够长。开始时用手握住B使A静止在P点，细线伸直。现释放B，A向上运动，过Q点时细线与竖直杆成60角，R点位置与O等高。(不计一切摩擦，B球未落地)则A物块A过Q点时，A、B两物体的速度关系为vA=2vBB物块A由P上升至R的过程中，物块A的机械能增加量等于小球B的机械能减少量C物块A由P上升至R的过程中，细线对小球B的拉力总小于小球B的重力D物块A由P上升至R的过程中，小球B所受重力的瞬时功率先增大后减小二、实验题11、（4分） (本题9分)在做“研究平抛运动”的实验时，通过描点法面出小球平抛运动的轨迹，并求出平抛运动的初速度，实验装置如图甲所示某同学在描绘中抛运动轨迹时，得到的部分轨迹曲线如图乙所示.在曲线上取A、B、C三个点，测量得到A、B、C三点间竖直距离=10.20 cm，=20.20cm，A、B、C三点同水平距离=x=12.40cm，g取10m/s，则物体平抛运动的初速度的计算式为_(用字母、x和g表示)，代入数据得其大小为_m/s.12、（10分） (本题9分)用 DIS研究机械能守恒定律的实验装置如图，如表是某同学某次的实验数据，实验中系统默认 D、C、B、 A 各点高度分别为 0、0.050、0.100、0.150，A 点速度为 0。D、C、B 三点速度由光电门传感器测得。分析如表中实验数据。(1)从B到C到D， 机 械 能 逐 渐 减 小 ， 其 原 因是_(2)表中A 点的机械能数据明显偏小,其原因是摆锤释放器释放点_A 点(选填“高于”、“低于”)2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【答案解析】A、同步卫星与物体A周期相同，角速度相等，但，据圆周运动公式，得，同步卫星C与人造卫星B，都是万有引力提供向心力，所以，由于，由牛顿第二定律，可知，故，A错误；B、同步卫星与物体A角速度相同，根据圆周运动公式，所以，再由引力提供向心力有，得，因此，故，B错误；CD、同步卫星与地球自转同步，所以，根据开普勒第三定律得卫星轨道半径越大，周期越大，故根据周期与角速度的关系式知，C错误D正确；2、C【答案解析】F-x图线围成的面积表示拉力F做功的大小，可知F做功的大小W=Fmx0+x02，根据动能定理得，Ek=W=Fmx0+x02 =，故C正确，ABD错误。故选C。3、D【答案解析】孔明灯在加速上升的过程中，忽略其质量的变化，高度升高，则重力势能增加，速度增大，则动能增加故ABC错误，D正确故选D点睛：根据高度的变化分析重力势能的变化，由速度的变化分析动能的变化4、A【答案解析】变化之前根据库仑定律有：，变化之后有：联立解得F=F故A正确，BCD错误。故选A。5、C【答案解析】卫星受到的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律可得：解得：故在轨道半径减小后，周期减小，线速度增大，角速度增大，向心加速度增大。A描述与分析不符，故A错误.B描述与分析不符，故B错误.C描述与分析相符，故C正确.D描述与分析不符，故D错误.6、CD【答案解析】汽车在平直公路上由静止开始匀加速启动阶段，汽车的加速度保持不变，牵引力不变，功率增大，当功率达到额定功率时，匀加速阶段结束；保持额定功率继续加速，牵引力减小，加速度减小，做加速度减小的加速运动；当时，汽车开始做匀速前进A：汽车的加速度先不变后逐渐减小为零，故A项错误B：汽车的牵引力先不变后逐渐减小最终与摩擦力相等，故B项错误C：汽车的功率先增大后保持不变，故C项正确D：汽车匀速运动时速度达到最大，故D项正确7、CD【答案解析】滑雪运动员的速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，运动员所受合外力大小不为0，对运动员进行受力分析，结合受力的特点分析摩擦力的变化摩擦力做功运动员的机械能减小【题目详解】A、滑雪运动员的速率不变，而速度方向是变化的，速度是变化的，运动员的加速度不为零，由牛顿第二定律可知，运动员所受合外力始终不为零，A错误；B、运动员下滑过程中受到重力、滑道的支持力与滑动摩擦力，由图可知，运动员从A到B的过程中，滑道与水平方向之间的夹角逐渐减小，则重力沿斜面向下的分力逐渐减小，运动员的速率不变，则运动员沿滑道方向的合外力始终等于0，所以滑动摩擦力也逐渐减小，B错误；C、滑雪运动员的速率不变则动能不变，由动能定理可知，合外力对运动员做功为0，C正确；D、运动员从A到B下滑过程中的只有重力和摩擦力做功，重力做功不影响机械能，所以机械能的减少量等于克服摩擦力做的功，D正确8、AD【答案解析】试题分析：由图示图象可知，木板获得的速度为，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得，解得，木板A的质量为，木板获得的动能为，故A正确；系统损失的机械能，代入数据解得，故B错误；速度时间图像与坐标轴围成的面积表示位移，故由图得到0-1s内B的位移为，A的位移为，木板A的最小长度为，故C错误；由图示图象可知，B的加速度，负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得，代入解得，故D正确考点：考查了动量守恒定律，牛顿第二定律，速度时间图像，【名师点睛】本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系处理复杂力学问题的能力9、AB【答案解析】A. 电源的作用就是将其他形式的能转化为电能，故A正确； B. 电路中通过q=2C的电荷量，电池提供的电能W=4J，根据电动势的定义式E=W/q得，电动势E=2V，故B正确；C. 电动势由电源本身决定，当内电压和外电压变化时，电源电动势保持不变，故C错误；D. 电动势由电源本身决定，与提供的电能多少无关，故D错误故选AB.点睛：电动势表征电源本身的特性，与外电路无关，当电源的路端电压变化时，其电源电动势不变10、ABD【答案解析】A.物块A过Q点时，将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，沿绳子方向的分速度等于B的速度，即vB=vAcos60，得vA=2vB；故A正确.B.物块A由P上升至R的过程中，对于A、B组成的系统，由于只有重力做功，所以系统的机械能守恒，则物块A的机械能增加量等于小球B的机械能减少量；故B正确.C.物块A由P上升至R的过程中，小球B的速度先增大后减小，物块上升至R时B球的速度为零，则小球B的加速度先向上后向下，先处于超重状态后处于失重状态，则细线对小球B的拉力先大于小球B的重力，后小于小球B的重力；故C错误.D.物块A由P上升至R的过程中，小球B的速度先增大后减小，由P=mgv知小球B所受重力的瞬时功率先增大后减小；故D正确.二、实验题11、 1.24m/s 【答案解析】根据h2h1gT2得，则初速度代入数据解得12、克服空气阻力做功，机械能减小 高于 【答案解析】（1）1从B到C到D，机械能逐渐减小，原因是由于克服空气阻力做功，使得一部分机械能转化为内能，导致机械能减；（2）2表中A点的机械能数据明显偏小，原因是摆锤释放器释放点高于A点，A点的机械能按A点的高度计算。