资源预览内容
第1页 / 共82页
第2页 / 共82页
第3页 / 共82页
第4页 / 共82页
第5页 / 共82页
第6页 / 共82页
第7页 / 共82页
第8页 / 共82页
第9页 / 共82页
第10页 / 共82页
亲,该文档总共82页,到这儿已超出免费预览范围,如果喜欢就下载吧!
资源描述
1微积分-考研题参考答案 微积分-考研题参考答案 第二章第二章 极限与连续极限与连续 一选择题: 1 (98)设函数nnxxxf211lim)(+=,讨论函数)(xf的间断点,其结论为( ) (A)不存在间断点 (B)存在间断点1=x (C)存在间断点0=x (D)存在间断点1=x 解:当1|x时,=nnx2lim,有0)(=xf; 当1=x时,有11111)(=+=xf;当1=x时,有01111)(=+=xf =+=. 1, 0; 1, 1; 11,1; 1, 0)(xxxxxxf 显然1=x处连续,1=x处间断, 选择: (B) 2 (00)设对任意的x,总有)()()(xgxfx,且0)()(lim=xxgx,则)(limxfx( ) (A)存在且等于零 (B)存在但不一定等于零 (C)一定不存在 (D)不一定存在 解:有可能)(limxgx与)(limxx都不存在,如222)(,1)(,)(xxxgxxxfxx+=+=, 则有)()()(xgxfx,且0)()(lim=xxgx,但=)(limxfx, 选择: (D) 3 (04)函数2)2)(1()2sin(|)(=xxxxxxf在下列哪个区间内有界, ( ) (A))0, 1( (B)) 1, 0( (C))2, 1 ( (D))3, 2( 解:间断点有2, 1, 0=x,其中0=x是可去间断点,2, 1=x是无穷间断点,故有界区间不能包含2, 1=x, 选择: (A) 4 (04)设)(xf在),(+内有定义,且axfx=)(lim,=. 0, 0; 0,1)(xxxfxg 则( ) (A)0=x必是)(xg的第一类间断点 (B)0=x必是)(xg的第二类间断点 (C)0=x必是)(xg的连续点 (D))(xg在点0=x的连续性与a的取值有关 解:aufxfxguxx=)(lim1lim)(lim00当0=a时,)(xg在0=x处连续,当0a时,间断, 选择: (D) 25 (07)当+0x时,与x等价的无穷小量是( ) (A)xe1 (B))1ln(x+ (C)11+x (D)xcos1 解:当+0x时,xxe1,xx )1ln( +,xx2111+,xxx21)(21cos12=, 选择: (B) 6 (08)设ba 0,则=+nnnnba1)(lim( ) (A)a (B)1a (C)b (D)1b 解:因ba ab,0lim=nnab,10111111lim)(lim=+=+aaababannnnnnn, 选择: (B) 7 (09)函数xxxxfsin)(3=的可去间断点的个数为( ) (A)1 (B)2 (C)3 (D)无穷多个 解:因xxxxfsin)(3=的间断点处有0sin=x,即x取任何整数n, 当整数1, 0 n时,03 nn,=xxxnxsinlim3,即nx=为xxxxfsin)(3=的无穷间断点, 且1cos31limsinlim200030=xxxxxxx,2cos31limsinlim210031=xxxxxxx,2cos31limsinlim210031=xxxxxxx, 故1, 0 =x都是xxxxfsin)(3=的可去间断点, 选择: (C) 二填空题: 1 (95)=+xxxx2sin3553lim2 解:当x时,xx22sin,有5623553lim2sin3553lim22=+=+xxxxxxxx, 填空:56 2 (95)=+ ) 1(2121limnnnLL 解:原式2221) 1(21) 1(21lim) 1(2121)1(21 )21 (lim=+=+=nnnnnnnnnnnLLLL, 填空:22 3 (99)设函数) 1, 0()(=aaaxfx,则=)()2() 1 (ln1lim2nfffnnL 3解:原式anannnannaaannnnln21ln) 1(21limln)21 (lim)ln(lim22221=+=+=LL, 填空:aln21 4 (02)设常数21a,则=+nnannan)21 (12lnlim 解:aananannanaaannnnnn211eln)21 (11lnlim)21 (11lnlim)21 (12lnlim211211)21 (=+=+=+, 填空:a211 5 (05)极限=+12sinlim2xxxx 解:当x时,1212sin22+xxxx,有212lim12sinlim222=+=+xxxxxxx, 填空:2 6 (06)=+nnnn)1(1lim 解:当n为偶数时,)(111)1(+=+nnnnnn;当n为奇数时,)(111)1(+=+nnnnnn; 则11lim)1(=+nnnn, 填空:1 7 (08)设函数+=.|,|2;|, 1)(2cxxcxxxf 在),(+内连续,则=c 解:因1) 1(lim)(lim22+=+=cxxfcxcx,cxxfcxcx2|2lim)(lim=+,且)(lim)(limxfxfcxcx+=时)(xf连续, 则cc212=+,得1=c或2=c,但显然有0c,即1=c, 填空:1 4第三章第三章 导数与微分导数与微分 一选择题: 1 (95)设函数=. 0, 0; 0,1sin|)(2xxxxxf 则)(xf在点0=x处( ) (A)极限不存在 (B)极限存在但不连续 (C)连续但不可导 (D)可导 解:因)0(01sin|lim)(lim00fxxxfxx=,即)(xf在点0=x连续, 又xxxxfxffxx1sin|lim0)0()(lim)0(00=不存在,即)(xf在点0=x不可导, 选择: (C) 2 (96)设)(xf处处可导,则( ) (A)当+=+)(limxfx时,必有+=+)(limxfx (B)当+=+)(limxfx时,必有+=+)(limxfx (C)当=)(limxfx时,必有=)(limxfx (D)当=)(limxfx时,必有=)(limxfx 解:如取xxf=)(,有+=+)(limxfx且=)(limxfx,但1)(= xf,排除(B) 、 (D) , 又取2)(xxf=,有xxf2)(=,=)(limxfx,但+=)(limxfx,排除(C) , 选择: (A) 3 (97)若)()()(+ xf且0)( xf,则在), 0(+内有( ) (A)0)(, 0)(xfxf (B)0)(, 0)( xfxf (C)0)(, 0)( af且0)( af (D)0)(af且0)(af,则在a的某邻域内0)(xf,)(| )(|xfxf=,| )(|xf在点ax =处可导,矛盾; 假设0)(af,则在a的某邻域内0)( xfxf,x为自变量x在点0x处的增量,y与dy分别为)(xf在点0x处的增量与微分,若0x,则( ) (A)ydy0 (B)dyy 0 (C)0dyy (D)0 xfxf,由导数几何意义知函数)(xfy =单调增加且上凹, 图形上y是函数曲线上的增量,dy是切线上的增量,可知ydy=yxfdy, 且dyxxfxoxxfxxfxfxxfy=+ +=+=)()(2)()()()(22,可知ydy时,0)(lim0=xfx, 又0=x时,xxxfxffxx1coslim)0()(lim)0(100=,即1时,0)0(= f, 填空:), 2(+ 8 (03)已知曲线bxaxy+=233与x轴相切,则2b可以通过a表示为=2b 解:设在0xx =处相切,则03332200230=+axbxax,有302,abax=, 填空:64a 9 (04)设1eelnearctan22+=xxxy,则=1xdxdy 9解:) 1ln(e21earctan)1ln(e)ln(e21earctan222+=+=xxxxxxy,xxxxxxdxdy2222e11ee1e1e1e+=+=, 填空:1e1e2+ 10(06)设函数)(xf在2=x的某邻域内可导,且)(e)(xfxf=,1)2(=f,则= )2(f 解:)(2)()()(eee)(e)(xfxfxfxfxfxf= ,)(3)()(2)(2e2e2e)(2e)(xfxfxfxfxfxf= , 则3)2(3e2e2)2(= ff, 填空:3e2 11(07)设函数321+=xy,则=)0()(ny 解:22)32(22)32(1+=+=xxy,33) 32(422)32(22+=+= xxy,44)32(862)32(423+=+= xxy, 依次类推,1)()32(2!) 1(+=nnnnxny,即1)(32!) 1()0(+=nnnnny, 填空:132!) 1(+nnnn 12(08)已知函数)(xf连续且2)(lim0=xxfx,则曲线)(xfy =上对应0=x处切线方程为 解: 因)(xf连续且2)(lim0=xxfx, 有002)(lim)0(0=xxxffx,2)(lim0)0()(lim)0(00=xxfxfxffxx, 则)(xfy =上对应0=x处切线方程为)0)(0()0(=xffy,即)0(20=xy,xy2=, 填空:xy2= 13(09)设某产品的需求函数为)(PQQ =,其对应价格P的弹性2 . 0=P,则当需求量为 10000 件时,价格增加 1 元会使产品收益增加 元 解:因2 . 0=dPdQQP,有PdPQdQ2 . 0=,两边积分得CPQlnln2 . 0ln+=,即2 . 0CPQ =, 则收益2 . 1)(CPPQPR=,有QCPdPdR2 . 12 . 12 . 0=,即1200010000=QdPdR, 故价格增加 1 元会使产品收益增加 12000 元, 填空:12000 14(10) 设某商品的收益函数为)(pR, 收益弹性为31p+, 其中p为价格, 且1) 1 (=R, 则=)(pR 解:因收益弹性31pRpdpdR+=,有dpppRdR+=21, 两边积分,得CppRln3lnln3+=,即33e)(pCppR=, 10因1) 1 (=R,有31e1C=,31e=C,即313e)(=pppR, 填空:313epp 15(11)设txttxxf)31 (lim)(0+=,则=)(xf 解:因xxtttxtxtxtxxf333100e)31 (lim)31 (lim)(=+=+=,有xxxxxxf333e)31 (3ee)(+=+=, 填空:xx3e)31 ( + 16(11)曲线yyxe4tan=+在点)0, 0(处的切线方程为 解:方程两边关于x求导,得yyyxy=+e)1 (4sec2, 则+=4sece4sec22yxyxyy,即22124sece4sec2020=xy, 可得点)0, 0(处的切线方程为)0()2(0=xy,即xy2=, 填空:xy2= 17(12)设函数=. 1, 12, 1,ln)(xxxxxf )(xffy =,求=0xdxdy 解:因)()(xfxffdxdy=,有)0()0(0fffdxdyx=, 又因1=pp, (1)设R为总收益函数,证明)1 (= QdpdR; (2)求6=p时,总收益对价格的弹性,并说明其经济意义 解: (1)因QpdpdQEpEQ=,即pQdpdQ=, 11故)1 ()(=+=QQQdpdQpQpQdpddpdR (2)因22221923192192211)1 (pppppQpQRpdpdREpER=, 故6=p时,5385. 015684=&EpER,即价格上涨 1%,收益大约增加 0.5385% 12第四章第四章 微分中值定理及导数应用微分中值定理及导数应用 一选择题: 1 (96)设0)()(00= =xfxf, 0)(0 xf,则下列选项正确的是( ) (A))(0xf 是)(xf 的极大值 (B))(0xf是)(xf的极大值 (C))(0xf是)(xf的极小值 (D))(,(00xfx是曲线)(xfy =的拐点 解:设)()(xfxg=,即0)(, 0)(00 =xgxg, 则)(0xg是)(xg的极小值,即)(0xf 是)(xf 的极小值,排除(A) , 在0x的某邻域内0x两侧都有0)()(0=xfxf,即)(0xf不是)(xf的极值,排除(B) 、 (C) , 选择: (D) 2 (01)设)(xf的导数在ax=处连续,又1)(lim=axxfax,则( ) (A)ax =是)(xf的极小值点 (B)ax =是)(xf的极大值点 (C))(,(afa是曲线)(xfy =的拐点 (D)ax =不是)(xf的极值点,)(,(afa也不是曲线)(xfy =的拐点 解:因0) 1(0)()(lim)(lim)(=axxfaxxfafaxax, 又因01)(lim=axxfax,即在a的某邻域内0)(axxf, 在该邻域内,当ax xf;当ax 时,0)(xf,即ax =是)(xf的极大值点, 选择: (B) 3 (02)设函数)(xf在闭区间,ba上有定义,在开区间)ba,(内可导,则( ) (A)当0)()(bfaf时,存在)ba,(,使0)(=f (B)对任何)ba,(,有0)()(lim=fxfx (C)当)()(bfaf=时,存在)ba,(,使 f ( ) = 0 (D)存在)ba,(,使)()()(abfafbf= 解:当)(xf在闭区间,ba上连续时, (A) 、 (C) 、 (D)才成立 选择: (B) 4 (03)曲线21exxy =( ) (A)仅有水平渐近线 (B)仅有铅直渐近线 (C)既有铅直又有水平渐近线 (D)既有铅直又有斜渐近线 解:因=21elimxxx,没有水平渐近线,排除(A) 、 (C) , 13=22221021301010e2lim1e2lim1elimelimxxxxxxxxxxxxx,有铅直渐近线0=x, 01elim21=xxxx,0e2lim1e2lim11elim)e(lim220022121311=xxxxxxxxxxxxxx,有斜渐近线xy =, 选择: (D) 5 (04)设| )1 (|)(xxxf=,则( ) (A)0=x是)(xf的极值点,但)0, 0(不是曲线)(xfy =的拐点 (B)0=x不是)(xf的极值点,但)0, 0(是曲线)(xfy =的拐点 (C)0=x是)(xf的极值点,且)0, 0(是曲线)(xfy =的拐点 (D)不是)(xf的极值点,)0, 0(也不是曲线)(xfy =的拐点 解:当0x时,2)1 ()(xxxxxf+=,021)(= xf; 当210=xxf,02)(= xf; 由于)(xf在0=x处连续,且)(xf与)(xf 都在0=x两侧异号, 选择: (C) 6 (04)设)(xf 在,ba上连续,且0)(, 0)(bfaf,则下列结论中错误的是( ) (A)至少存在一点),(0bax,使得)()(0afxf (B)至少存在一点),(0bax,使得)()(0bfxf (C)至少存在一点),(0bax,使得0)(0=xf (D)至少存在一点),(0bax,使得0)(0=xf 解:因)()()()(xoxafafxaf+=+,若0)(af,当0x且很小时,)()(afxaf+, )()()()(xoxbfbfxbf+=+,若0)(bf,当0+, 又因0)(, 0)(bfaf,对)(xf在,ba上应用介值定理,存在),(0bax,使得0)(0=xf, 故(A) 、 (B) 、 (C)都正确, 选择: (D) 7 (05)当a取下列哪个值时,函数axxxxf+=1292)(23恰有两个不同的零点( ) (A)2 (B)4 (C)6 (D)8 解:设axxxxf+=1292)(23,令012186)(2=+=xxxf,得1=x与2=x,有两个极值点, 当) 1 (f与)2(f异号时,在), 2(),2, 1 (),1,(+内各有一个零点,即三个不同零点; 当) 1 (f与)2(f同号时,将只有一个零点 14要使得)(xf恰有两个不同的零点,应有05) 1 (=af或04)2(=af,即5=a或4=a, 选择: (B) 8 (05)设xxxxfcossin)(+=,下列命题中正确的是( ) (A))0(f是极大值,2f是极小值 (B))0(f是极小值,2f是极大值 (C))0(f是极大值,2f也是极大值 (D))0(f是极小值,2f也是极小值 解:xxxfcos)(=,有02)0(=ff,且xxxxfsincos)(= ,有022, 01)0(= ff, 选择: (B) 9 (07)曲线)e1ln(1xxy+=的渐近线的条数为( ) (A)0 (B)1 (C)2 (D)3 解:因01ln0)e1ln(1lim=+=+xxx,=+)e1ln(1limxxx,有一条水平渐近线0=y, =+)e1ln(1lim0xxx,有一条铅直渐近线0=x, 011e1lime1elim)e1ln(lim0)e1ln(1limlim2=+=+=+=+=+xxxxxxxxxxxxxxy, 0) 1ln(e1limee1ln1lim)e1ln(1lim)(lim=+=+=+=+xxxxxxxxxxxxxy, 有一条斜渐近线xy =, 选择: (D) 10(09)当0x时,axxxfsin)(=与)1ln()(2bxxxg=是等价无穷小,则( ) (A)61, 1=ba (B)61, 1=ba (C)61, 1=ba (D)61, 1=ba 解:因2000302003cos1limsinlim)1ln(sinlim)()(limbxaxabxaxxbxxaxxxgxfxxxx=, 当1a时,13cos1lim)()(lim200=bxaxaxgxfxx, 当1=a时,1616sinlim3cos1lim)()(lim000200=bbxxbxxxgxfxxx, 故61, 1=ba, 选择: (A) 1511(10)若1e11lim0=xxaxx,则a等于( ) (A)0 (B)1 (C)2 (D)3 解:因11e)1(lim1e)1 (e)(0lime)1 (1lime11lim000000=+=aaxaaxaxaxaxxxxxxxxxxx, 则2=a, 选择: (C) 12(10)设函数)(),(xgxf具有二阶导数,且)(xg 小于零,axg=)(0是)(xg的极值,则)(xgf在0x取得极大值的一个充分条件是( ) (A)0)(af (C)0)( af 解:设)(xgfy =,有)()(xgxgfy=,)()()()(2xgxgfxgxgfy + = , 因axg=)(0是)(xg的极值,有0)(0=xg, 则0)()(000=xgxgfyxx,)()()()()()(0002000xgafxgxgfxgxgfyxx = + = =, 因0)(af时,00=xxy且0)()(00 = =xgafyxx,即)(xgfy =在0x取得极大值, 选择(B) 13(10)设xxf10ln)(=,xxg=)(,10e)(xxh=,则当x充分大时有( ) (A))()()(xfxhxg (B))()()(xfxgxh (C))()()(xhxgxf (D))()()(xhxfxg且)()(xhxgba均为常数,则=+xxxxba302lim 解:因xbabaxxxxxxxxxxxbaba2)2(322030221lim2lim+=+, )ln(232)ln(ln32)lnln(3lim2)2(3lim0000abbabbaaxbaxxxxxx=+=+=+, 故23)ln(2330)(e2limabbaabxxxx=+ 填空:23)(ab 2 (03)极限=+xxx20)1ln(1 lim 解:xxxxxxxx)1ln(2)1ln(1020)1ln(1 lim)1ln(1 lim+=+,且212lim)1ln(2lim0000=+=+xxxxx, 填空:2e 3 (04)若5)(cosesinlim0=bxaxxx,则=a ,=b 解:因分子极限0)(cossinlim0=bxxx,要使得原极限等于 5,必须有分母极限01)(elim0=aaxx, 则1=a,且5)1 (1)(cosecoslim)(cosesinlim0000=bbxxbxaxxxxx,得4=b, 填空:1,4 4 (07)=+)cos(sin21lim323xxxxxxx 解:因06)2(ln26lim6)2(ln226lim32ln223lim21lim3222323=+=+=+=+xxxxxxxxxxxxxxxx,且xxcossin+有界, 故0)cos(sin21lim323=+xxxxxxx, 17填空:0 5 (09)=+11eelim32cos0xxx 解:e232sinlime3cos1lime331) 1(coselim1)1 () 1(eelim11eelim00020203121cos032cos0=+=+xxxxxxxxxxxxxxx, 填空:e23 6 (10)若曲线123+=bxaxxy有拐点)0, 1(,则=b 解:因曲线123+=bxaxxy过点)0, 1(,有110+=ba,即ba =, 又因axy26+= ,且点)0, 1(是拐点,有0261=+= =ayx,即3=a, 则3=b, 填空:3 7 (12)=xxxxsincos14)(tanlim 解:设xxxysincos1)(tan=,有xxxxxxysincos)ln(tan)ln(tansincos1ln=, 则22222)2(1cossinsectan1limsincos)ln(tanlimlnlim2240044=xxxxxxxyxxx,即24elim=yx, 填空:2e 三解答题: 1 (95)假设函数 f (x) 在0, 1上连续,在(0, 1)内二阶可导,过点 A(0, f (0)与 B (1, f (1)的直线与曲线y = f (x)相交于点 C (c, f (c),其中 0 c 0,有xqxpp+11 解:设xqxpxfp+=11)(,有 f (x) = x p1 1,令 f (x) = 0,得 x = 1,因 f (x) = (p 1)x p2 0, 则 f (x)在 x = 1 处取得极小值,由于 x = 1 是唯一驻点,即 f (x)在 x = 1 处取得最小值 f (1) = 0, 18故 x 0 时,f (x) f (1) = 0,即xqxpp+11 3 (95)运用导数的知识作函数xxy1e)6(+=的图形 解:定义域), 0()0,(+U因xxxxxxxxy122211e61e)6(e1=+=, 令0= y,得2=x或3=x, 又因xxxxxxxxxxxxxxxy1421221422e6131e6e)6(2) 12(+=+= , 令0= y,得136=x, 列表: x (, 2) 2 (2, 6/13)6/13(6/13, 0)(0, 3) 3 (3, +) y + 0 0 + y 0 + + + + y 极大 拐点 极小 则在)2,(与), 3(+内单调增加,在)0, 2(与)3, 0(内单调减少, 极大值212e4=xy,极小值313e9=xy; 且在136,内下凹,在0,136与), 0(+内上凹,拐点为613e1372,136 因=+xxx1e)6(lim,即没有水平渐近线; 又因=+xxx10e)6(lim,0e)6(lim10=+xxx,即存在铅直渐近线0=x, 又因01e6limlim1=+=xxxxxxy, 且7611elim611elime6) 1(elime)6(lim221001111=+=+=+=+=xxxxaxxbxxxxxxxxx, 则7+= xy是一条斜渐近线 取特殊点)e5, 1(),0, 6(1等,作图: (见右上方) 4 (95)已知某厂生产 x 件产品的成本为240120025000xxC+=(元) ,问 (1)要使平均成本最小,应生产多少件产品? (2)若产品以每件 500 元售出,要使利润最大,应生产多少件产品? 解: (1)平均成本xxxxCxC40120025000)()(+=,令040125000)(2=+=xxC, 得 x = 1000(负值舍去) ,即 x = 1000 是唯一驻点,且050000)(3= xxC, 6 0 3 xy 19故生产 1000 件产品时,平均成本最小为250)1000(=C(元) (2)产品以每件 500 元售出,收益 R (x) = 500x,利润240130025000)()()(xxxCxRxL+=, 令xxL201300)(=,得 x = 6000,唯一驻点,且0201)( b,求: (1)利润最大时的产量及最大利润; (2)需求对价格的弹性; (3)需求对价格弹性的绝对值为 1 时的产量 解: (1)收益 R (q) = pq = eq 2 + dq,利润 L (q) = R (q) C (q) = (a + e) q 2 + (d b) q c, 令 L(q) = 2 (a + e) q + (d b) = 0,得)(2eabdq+=,唯一驻点,且 L(q) = 2 (a + e) bc, (1)p 在何范围变化时,使相应销售额增加或减少; (2)要使销售额最大,商品单价 p 应取何值?最大销售额是多少? 解:(1) 销售额cpbpappQpR+=)(, 令0)()()()(22=+=+=cbpabcbpapbpapR, 得bcabcp=, 当bcabcp 0;当bcabcp时,R (p) 0; 故当bcabcp时,销售额减少 (2)bcabcp=是唯一驻点,且0)(2)(3+= bpabpR, 故bcabcp=时,销售额最大为abcbcaR2+= 8 (97)求极限)0()1ln(1lim220+aaxaxxax 解:原式xaxaxaaxxaaxaxxaaxxx21)1 ()1ln(2lim)1ln()1 (lim2220222000+=+= 22)1ln(2lim2)1ln(2lim2)1 ()1ln(2lim222022020aaaxaxxaaxxaxaxaaxxaaxxx=+=+=+= 9 (97)在经济学中,称函数xxxLKAxQ1)1 ()(+=为固定替代弹性生产函数,而称函数1QAK L=为 Cobb-Douglas 生产函数(简称 C-D 生产函数) 试证明:当 x 0 时固定替代弹性生产函数变为 C-D 生产函数,即有QxQx=)(lim0 证:)1 (ln1ln)(lnxxLKxAxQ+=, 则xxxxxxxxxLKLLKKAxLKAxQ+=+=)1 (ln)1 (lnlimln)1 (lnlimln)(lnlim00000 = ln A + ln K + (1 ) ln L, 故QLAKxQLKAx=+1ln)1 (lnln0e)(lim 10(97)一商家销售某种商品的价格满足关系 p = 7 0.2x(万元/吨) ,x 为销售量(单位:吨) ,商品的成本函数是 C = 3x +1(万元) (1)每销售一吨商品,政府要征税 t(万元) ,求该商家获最大利润时的销售量; (2)t 为何值时,政府税收总额最大 解: (1)收益 R (x) = xp = 7x 0.2x 2,税后利润 L (x) = R (x) C (x) tx = 0.2x 2 + (4 t ) x 1, 令 L(x) = 0.4x + (4 t) = 0,得 x = 10 2.5 t,唯一驻点,且 L(x) = 0.4 0, 21故当 x = 10 2.5 t 时,商家获得最大利润 L = 19 10 t + 1.25 t 2 (2)政府税收 A (t) = tx = 10 t 2.5 t 2,令 A(t) = 10 5 t = 0,得 t = 2,唯一驻点,且 A(t) = 5 0, 故当 t = 2 时,政府税收总额最大为 A (2) = 10 11(97)假设某种商品需求量 Q 是单价 p(单位:元)的函数:Q = 12000 80 p;商品的总成本 C 是需求量 Q 的函数:C = 25000 + 50Q;每单位商品需要纳税 2 元试求使销售利润最大的商品单价和最大利润额 解:收益 R (p) = pQ = 12000 p 80 p 2,成本 C (p) = 625000 4000 p, 税后利润 L (p) = R (p) C (p) 2 Q (p) = 80 p 2 + 16160 p 649000,令 L(p) = 160 p + 16160 = 0, 得 p = 101,唯一驻点,且 L(p) = 160 0, 故商品单价 p = 101 时销售利润最大,最大利润额为 L (101) = 167080 12(98)求21tanlimnnnn (n 为自然数) 解:设21tannnny=,有=nnny1tanlnln2,令nx1=, 则320220202tanseclim2tansectanlimtan1lnlimlnlim00xxxxxxxxxxxxxxyxxxn= 313tanseclim6secsectansecsec2lim20222000=+=xxxxxxxxxxxx, 故31e1tanlim2=nnnn 13(98)设函数 f (x)在a, b上连续,(a, b)内可导,且 f (x) 0,试证存在 , (a, b),使得=eee)()(abffab 证:因 g (x) = e x在a, b上连续,在(a, b)内可导,根据拉格朗日定理知: 存在 (a, b),使得abgab=eee)(,即1eee=abab,取 = ,有 f ( ) = f ( ) 0, 故=eee)()(abffab 14(98)设 f (x)在a, b上连续,(a, b)内可导,f (a) = f (b) = 1,试证存在 , (a, b),使得1)()(e=+ff 证:设 F (x) = e xf (x),F (x)在a, b上连续,在(a, b)内可导,根据拉格朗日定理知: 存在 (a, b),使得abafbfFab=)(e)(e)(,即abffab=+ee)()(e, 因 e x在a, b上连续,在(a, b)内可导,根据拉格朗日定理知: 存在 (a, b),使得abab=eee,即 e f () + f ( ) = e , 故 e f () + f ( ) = 1 15(98)设某酒厂有一批新酿的好酒,如果现在(假定 t = 0)就售出,总收入为 R 0(元) ,如果窖藏起 22来待来日按陈酒价格出售,t 年末总收入为tRR520e=,假定银行的年利率为 r,并以连续复利计息,试求窖藏多少年售出可使总收入的现值最大,并求 r = 0.06 时的 t 值 解:以连续复利计息,t 年末总收入 R 的现值为rttrtRRty=520ee)(,令0)51(e)(520=rtRtyrtt, 得2251rt =,唯一驻点,当22510rt 0;当2251rt 时,y(t ) =g,g (1) = 1 0, 故根据零点存在定理知:存在 (1/2, 1),使 g () = 0,即 f () = (2)设 F (x) = e x f (x) x,F (x)在区间0, 上连续,在(0, )内可导,且 F (0) = 0 = F (), 根据拉格朗日定理知:存在 (0, ),使得 F () = e f ( ) 1 e f ( ) = 0, 故 f ( ) f ( ) = 1 17(99)证明:当 0 x 证:设2sin)(xxxf=,有 f (0) = f ( ) = 0且12cos21)(=xxf, 当2arccos20 0,得 f (x) f (0) = 0; 当2arccos2 x时,f (x ) f ( ) = 0; 故当 0 x 18(00)求函数xxyarctan2e ) 1(+=的单调区间和极值,并求该函数图形的渐近线 解:因xxxxxxxxyarctan2222arctan2arctan2e111e ) 1(e1+=+=,令 y = 0,得 x = 1 或 x = 0 且没有不可导的点,列表: x (, 1) 1 (1, 0) 0 (0, +) y + 0 0 + y 极大 极小 故xxyarctan2e ) 1(+=在(, 1)与(0, +)内单调增加,在(1, 0)内单调减少, 极大值为41e2=xy,极小值为20e=xy 23由于=+xxxarctan2e ) 1(lim,且xxyarctan2e ) 1(+=没有间断点,则没有水平与铅直渐近线 因01e1lime ) 1(limarctan2arctan2=+xxxxxxxx, 且111elime) 1e (lime ) 1(limarctan2arctan2arctan2arctan2=+xxxxxxxxxxx 211elim1111elim22arctan222arctan200=+=+=+xxxxxxxx, 故 y = x 2 是一条斜渐近线 又因arctan2arctan2ee1lime ) 1(lim=+xxxxxxxx, 且arctan2arctan2arctan2arctan2e1eelime)ee (limee ) 1(lim=+xxxxxxxxxxx 22arctan222arctan2e2e1elime111elim00=+=+=+xxxxxxxx, 故 y = e (x 2)也是一条斜渐近线 19(01)已知 f (x)在(, +)内可导,且exfx=)(lim,)1()(limlim=+xfxfcxcxxxx,求 c 的值 解:因 f (x)在x 1, x内连续,在(x 1, x)内可导,根据拉格朗日定理知:存在 (x 1, x), 使得) 1()() 1() 1()()(=xfxfxxxfxff,则e)(lim)1()(lim=fxfxfxx, 且cccccxccxxxxxxxcxcxcxccxcx2)(eee11lim11limlim=+=+=+,即 e 2c = e, 故12c = 20(01)某商品进价为 a(元/件) ,根据以往经验,当销售价为 b(元/件)时,销售量为 c 件(a, b, c均为正常数,且ab34) ,市场调查表明,销售价每下降 10%,销售量可增加 40%,现决定一次性降价试问,当销售价定为多少时,可获得最大利润?并求出最大利润 24解:当销售价为 b (1 0.1x)(元/件)时,销售量为 c (1 + 0.4x)件 利润 L (x) = b (1 0.1x) a c (1 + 0.4x) = c (b a) + c (0.3b 0.4a) x 0.04bcx 2, 令 L(x) = c (0.3b 0.4a) 0.08bcx = 0,得babx4)43(5=,唯一驻点且 L(x) = 0.08bc 1,f (t) = a t a t 在(, +)内的驻点为 t (a),问 a 为何值时,t (a)最小?并求出最小值 解:令 f (t) = a t ln a a = 0,有aaatln=,得驻点aaaaaatln)ln(ln1ln)ln(lnln)(=, 令0)(ln)ln(ln11)(2=aaaaat,得 a = e e,唯一驻点当 1 a e e时,t(a) e e时,t(a) 0, 故 a = e e时,e11)(=at为最小值 24(04)求2220cossin1limxxxx 解: 原式34244sin8lim124cos22lim44sin212lim2sin41limsincossinlim020304220222220000000=xxxxxxxxxxxxxxxxxxxx 25(04)设某商品的需求函数为 Q = 100 5 p,其中价格 p (0, 20),Q 为需求量 (1)求需求量对价格的弹性 E d (E d 0) ; (2)推导)E1 (ddd=QPR(其中 R 为收益) ,并用弹性 E d说明价格在何范围内变化时,降低价格反而使收益增加 25解: (1)需求量对价格的弹性pppppQQp=20)5(5100ddEd (2)收益 R = pQ = 100 p 5 p 2,pPR10100dd=,而ppppQ10100)201 ()5100()E1 (d=, 则)E1 (ddd=QPR,当120Ed=pp时,0ddPR, 故价格 p 满足 10 p +=yxxyxyxyyyxf,求 (1)),(lim)(yxfxgy+=; (2))(lim0xgx+ 解: (1)xxxxyxyxyxyxyxyyxgyyarctan11arctan111limarctansin11lim)(=+=+=+; (2)arctanlimarctanarctanlimarctanarctan11lim)(lim20000+=+=+=+xxxxxxxxxxxxgxxxx )1 (2lim)1 (2)1 (1lim2111lim202202000=+=+=+=+xxxxxxxxxx 28(06)确定常数 A, B, C 的值,使得 e x (1 + B x + C x 2 ) = 1 + A x + o (x 3 ),其中 o (x 3 ) 是当 x 0 时比x3高阶的无穷小 解:因 e x (1 + B x + C x 2 ) 1 A x = o (x 3 ),有0)(lim1)1 (elim330320=+xxoxAxCxBxxxx, 则03)2()1(elim1)1 (elim22000320=+=+xACxxCBBxAxCxBxxxxx, 得01)2()1(elim20=+=+ABACxxCBBxx; 26又06)4()221(elim3)2()1(elim2000220=+=+xCxxCBCBxACxxCBBxxxx, 得0221)4()221(elim20=+=+CBCxxCBCBxx; 且0646)4()221(elim20=+=+CBxCxxCBCBxx 故61,32,31=CBA 29(06)证明:当 0 a b a sina + 2 cosa + a 证:设 f (x) = x sin x + 2 cos x + x,有 f (x) = x cos x sin x + ,f (x) = x sin x, 当 0 x 时,f (x) 0,即 f (x) 单调减少, 则 0 x f ( ) = cos sin + = 0,即 f (x)单调增加, 故当 0 a b f (a),即 b sinb + 2 cosb + b a sina + 2 cosa + a 30(07)设函数 y = y (x) 由方程 y ln y x + y = 0 确定,试判断曲线 y = y (x) 在点 (1, 1) 附近的凹凸性 解:方程两边关于 x 求导,得011ln=+ yyyyyy,即yyln21+=, 则32)ln2(11)ln2(1yyyyyy+=+= ,有081)1 , 1 (),(= =yxy且 y(x) 在点 (1, 1) 附近连续, 故 y = y (x) 在点 (1, 1) 附近上凸 31(07)设函数 f (x)、g (x) 在 a, b 上连续,在 (a, b) 内二阶可导且存在相等的最大值,又 f (a) = g (a),f (b) = g (b)证明: (1)存在 (a, b),使得 f ( ) = g ( ); (2)存在 (a, b),使得 f ( ) = g ( ) 证: (1)设 x1, x2 (a, b),使得 f (x1) = g (x2) = M 是 f (x)、g (x) 在 (a, b) 内的最大值, 若 x1 = x2 ,则取 = x1 = x2 (a, b),使得 f ( ) = g ( ) = M, 若 x1 x2 ,不妨设 x1 x2 ,设 F (x) = f (x) g (x),有 F (x) 在 x1, x2 上连续, 且 F (x1) = f (x1) g (x1) = M g (x1) 0,F (x2) = f (x2) g (x2) = f (x2) M 0, 故由零值定理知,存在 x1, x2 (a, b),使得 F ( ) = 0,即 f ( ) = g ( ); (2)因 F (x) 在 a, 与 , b 上连续,在 (a, ) 与 (, b) 内可导,且 F (a) = F ( ) = F (b) = 0, 由罗尔定理知,存在 1 (a, ), 2 (, b),使得 F ( 1) = 0,F ( 2) = 0, 又因 F (x) 在 1, 2 上连续,在 ( 1, 2) 内可导,F ( 1) = F ( 2) = 0, 故再由罗尔定理知,存在 ( 1, 2) (a, b),使得 F ( ) = 0,即 f ( ) = g ( ) 32(08)求极限xxxxsinln1lim20 解:616sinlim31coslimsin1limsin1ln1limsinln1lim0002000202020=+=xxxxxxxxxxxxxxxxxxxx 33(08)设10,| )(|)(10=xdtxttxf,求 f (x) 的极值、单调区间和凹凸区间 解:因 0 x 1,有312303210312131)2131()3121()()()(xxxtttxtdtxttdttxtxfxxxx+=+=, 令021)(2=+=xxf,得21=x(负值21=x舍去) , 27且当210 x时,f (x) 0;当121 0, 故 f (x) 在21=x时取得极小值2313121=f, 在区间)21, 0(内单调下降,) 1,21(内单调增加; 又令 f (x) = 2x = 0,得 x = 0,且当 0 x 0, 故 f (x) 在(0, 1)内上凹 34(09) (1)证明拉格朗日中值定理:若函数)(xf在,ba上连续,在),(ba内可导,则存在),(ba,使得)()()(abfafbf=; (2)证明:若函数)(xf在0=x处连续,在)0(), 0(内可导,且Axfx=+)(lim0,则)0(+ f存在,且Af=+)0( 证: (1)作辅助函数)()()()()()(axabafbfafxfx=, 因)(x在,ba上连续,在),(ba内可导,且0)()(=ba, 则由罗尔中值定理知,存在),(ba,使得0)()()()(=abafbff, 故abafbff=)()()(,即)()()(abfafbf=; (2)任取), 0(x,有)(xf在, 0x上连续,在), 0(x内可导, 则由拉格朗日中值定理知,存在), 0(x,使得0)0()()(=xfxff,有+0x时,+0, 故Affxfxffxx=+)(lim)(lim0)0()(lim)0(000 35(10)求极限xxxxln11) 1(lim+ 解:设xxu1=,有xxxxulnln1ln=, 则011limlnlimlnlim=+xxxuxxx,得1elimlim01=+uxxxx, 设xxxyln11) 1(=,有xxxxyxxln) 1ln() 1ln(ln1ln11=, 则xxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxy111221111)ln1 (1lim) 1()ln1 (lim1ln1111limln) 1ln(limlnlim+= 2811ln11ln2limlim)ln1 (ln2limln111)ln1 (1lim112212200=+=+=+=+xxxxxxxxxxxxxxxxxxxx, 故1ln11elim) 1(lim+=yxxxxx 36(11)求极限)1ln(1sin21lim0xxxxx+ 解:2230000000)1 (111cos2)sin21 (21cossin21sinlim1)1ln(1sin212cos2lim)1ln(1sin21limxxxxxxxxxxxxxxxxxxx+=+=+ 211110=+= 37(11)证明0334arctan4=+ xx恰有 2 实根 证:设334arctan4)(+=xxxf,有22213114)(xxxxf+=+=,令0)(= xf,可得3=x, 当3x时,0)( xf;当33 xf;当3x时,0)(=+=f为极大值, 当3x时,0)( fxf; 当33 xf,有0)3()(= fxf; 可得在)3,(内3=x是唯一实根, 因03238)3(=f,且=+)(limxfx,不妨取0334100100arctan4)100(x时,0)( xf,)(xf单调下降,可得在), 3(+内=x是唯一实根, 故0334arctan4=+ xx恰有 2 实根3=x与=x 38(12)计算4cos220eelim2xxxx 解:3cos220004cos220cos2204cos2204)sin22(elim11elimelimeelim222xxxxxxxxxxxxxxxx=+ 2912124sin2lim12cos22lim14sin22limelim000200030cos2202=+xxxxxxxxxxxxx 39(12)证明:11,21cos11ln2+xxxxxx 证:设21cos11ln)(2xxxxxxf+=,有0)0(=f, 因xxxxxxxxxxxxxxf+=+=sin1211ln0sin111111ln)(2,有0)0(= f, 则1cos)1 ()1 (2121cos)1 ()2(2)1 (21111)(2222222+=+= xxxxxxxxxxxxf 1cos)1 (422=xx, 可得当11= xxxf,)(xf 单调增加, 当01x时,0)0()(=fxf,)(xf单调减少, 当10fxf,)(xf单调增加, 则当11 fxf, 故11,21cos11ln2+xxxxxx 30第五章第五章 不定积分不定积分 一选择题: 1 (99)设 f (x)是连续函数,F (x)是 f (x)的原函数,则( ) (A)当 f (x)是奇函数时,F (x)必为偶函数 (B)当 f (x)是偶函数时,F (x)必为奇函数 (C)当 f (x)是周期函数时,F (x)必为周期函数 (D)当 f (x)是单调增函数时,F (x)必为单调增函数 解:如取 f (x) = 3x2是偶函数,F (x) = x3 +1 不是奇函数,排除(B) , 又如 f (x) = 1 + cos x 是周期函数,F (x) = x + sin x 不是周期函数,排除(C) , 当 f (x) 0,试求 f (x) 解:由已知条件得22)1 (2e )(21xxxFx+=, 有CxCxxxxxxxxxxxxxFxxxxxxx+=+=+=+=+=1ee1ede ) 1(111e)11d(ed)1 (e)(22, 由于 F (0) = 1,有 C = 0,得xxFx+=1e)(2,又因 F (x) 0,有xxFx+=1e)(2, 故232222)1 (2e1121e1e211e)()(xxxxxxxFxfxxxx+=+=+= 2 (02)设xxxfsin)(sin2=,求xxfxxd)(1 解:由于xxxfsin)(sin2=,有xxxfarcsin)(=,则=xxxxxfxxd1arcsind)(1, 令xtarcsin=,有 x = (sin t)2,dx = 2 sin t cos t dt, 原式Cttttttttttttttttt+=+=sin2cos2dcos2cos2)cosd(2dsin2dcossin2cos, 由于xtarcsin=,有xt =sin,xt=1cos, 故原式Cxxx+=2arcsin12 3 (09)计算不定积分)0(11ln+xdxxx 32解:令+=xxt11ln,有xxt+=11e,ttxe2e12=, 则=+dttdtttddxxxtttttttttte2e1e2ee2e1e2ee2e111ln2222 +=tttttttttdtdtee211121e2e)e(e21ee2e22 Ctdtttttttttt+=+=)e21ln(41e21e2e)e21 (21e21121e21e2e22 Cxxxxxxx+=)1121ln(411112111ln )0(11ln4112111ln+=xCxxxxxxxxxx 4 (11)求+dxxxxlnarcsin 解:令xtarcsin=,有txsin=,tx2sin=,tdttdxcossin2=, 故+=+=+tdtttdtttdtttttdxxxxcossinln4cos2cossin2sinsinlnlnarcsin2 +=+=tdttttttdtttttdttdcossin1sin4sinlnsin4sin2sin2sinsinln4sin2 Ctttttt+=sin4sinlnsin4cos2sin2 Cxxxxxx+=4ln412arcsin2 33第六章第六章 定积分定积分 一选择题: 1 (95)设 f (x)为连续函数,且=xxttfxFln1d)()(,则 F (x)等于( ) (A))1(1)(ln12xfxxfx+ (B))1()(lnxfxf+ (C))1(1)(ln12xfxxfx (D))1()(lnxfxf 解:)1(1)(ln1)1()1()(ln)(ln)(2xfxxfxxxfxxfxF+=, 选择: (A) 2 (97)设65)(,dsin)(65cos102xxxgttxfx+=,则当 x0 时,f (x)是 g (x)的( ) (A)低阶无穷小 (B)高阶无穷小 (C)等价无穷小 (D)同阶但不等价的无穷小 解:当 x0 时,221cos1xx,sin x 2 x 2,有621032102cos10224131ddsin)(22xtttttxfxxx=, 且当 x0 时,565)(565xxxxg+=, 选择: (B) 3 (97)设 f (x), (x)在点 x = 0 的某邻域内连续,且当 x0 时,f (x)是 (x)的高阶无穷小,则当 x0 时,xtttf0dsin)(是xttt0d)(的( ) (A)低阶无穷小 (B)高阶无穷小 (C)同阶但不等价的无穷小 (D)等价无穷小 解:0)()(limsin)()(lim)(sin)(limd)(dsin)(lim00000000=xxfxxxxfxxxxfttttttfxxxxxx, 选择: (B) 4 (01)设=xuufxg0d)()(,其中+=, 21),1(31, 10),1(21)(2xxxxxf若若 则 g (x)在区间(0, 2)内( ) (A)无界 (B)递减 (C)不连续 (D)连续 解:当 0 x 1 时,26)3(21d) 1(21d)()(303020xxuuuuuufxgxxx+=+=+=, 当 1 x 2 时,6536)2(31)3(21d) 1(31d) 1(21)(2021031102+=+=+=xxuuuuuuuuxgxx, 有32) 1 ()(lim)(lim11=+gxgxgxx,连续, 选择: (D) 5 (02)设函数 f (x)连续,则在下列变上限定积分定义的函数中,必为偶函数的是( ) (A)+xttftft0d)()( (B)xttftft0d)()( (C)xttf02d)( (D)xttf02d)( 解:可以证明:若 g (x)是偶函数,则xttg0d)(是奇函数;若 g (x)是奇函数,则xttg0d)(是偶函数 所有选项的被积函数中只有 t f (t) + f (t)是奇函数, 选择: (A) 346 (04)设=, 0, 1, 0, 0, 0, 1)(xxxxf =xttfxF0d)()(,则( ) (A)F (x) 在 x = 0 点不连续 (B)F (x) 在 (, +) 内连续,在 x = 0 点不可导 (C)F (x) 在 (, +) 内可导,且满足 F (x) = f (x) (D)F (x) 在 (, +) 内可导,但不一定满足 F (x) = f (x) 解:当 x 0 时,xtttfxFxx=00d) 1(d)()(;当 x 0 时,xtttfxFxx=00d1d)()(; 有0)0()(lim)(lim00=+FxFxFxx,且1)0(1)0(=+FF, 选择: (B) 7 (05)下列结论正确的是( ) (A)+1) 1(dxxx与+10) 1(dxxx都收敛 (B)+1) 1(dxxx与+10) 1(dxxx都发散 (C)+1) 1(dxxx发散,+10) 1(dxxx收敛 (D)+1) 1(dxxx收敛,+10) 1(dxxx发散 解:2ln21ln1lnlim1lnd)111() 1(d111=+=+=+=+xxxxxxxxxxx,收敛, =+=+=+=+)1ln21(lnlim1lnlimd)111(lim) 1(d0101010xxxxxxxx,发散, 选择: (D) 8 (06)设函数 f (x)与 g (x)在0, 1上连续,且 f (x) g (x),则对任何 c (0, 1),有( ) (A)ccttgttf2121d)(d)( (B)ccttgttf2121d)(d)( (C)11d)(d)(ccttgttf (D)11d)(d)(ccttgttf 解:由定积分性质可知(D)成立,而选项(B)在21成立的x的范围是( ) (A)) 1, 0( (B))2, 1 ( (C)),2( (D)),(+ 解:设)0(lnsin)(1=xxdtttxfx,有0) 1 (=f, 因01sin1sin)(=xxxxxxf,有0x时,)(xf单调减少, 故当10 fxf,即xdtttxlnsin1, 当1x时,0) 1 ()(= fxf,即xdtttxlnsin1, 选择: (A) 13(09)设函数)(xfy =在区间3, 1上的图形为 则函数=xdttfxF0)()(的图形为( ) (A) (B) O ABD C xy y = f (x) a x f (x) 1 0 1 23 1 2 1 x F (x)1 0123 1x F (x) 1 0 1 23 1 36(C) (D) 解:因0)()0(00=dttfF,排除(C) ;=xdttfxF0)()(连续,排除(B) ; 又因01xf,有0)()()(00=xxdttfdttfxF,排除(A) ; 选择: (D) 14(11)设=40sinlnxdxI,=40cotlnxdxJ,=40coslnxdxK,则KJI,的大小关系是( ) (A)KJI (B)JKI (C)KIJ (D)IJK 解:当40 x时,xxxcot1cos22sin,有xxxcotlncoslnsinln, 则=404040cotlncoslnsinlnxdxJxdxKxdxI, 选择: (B) 二填空题: 1 (97)若+=1022d)(111)(xxfxxxf,则=10d)(xxf 解:设=10d)(xxfA,有22111)(xAxxf+=, 则44)arcsin1(21arctand1d11d)(1021010210210+=+=+=AxxxAxxxAxxxxfA, 填空:4 2 (97)设+=1032d)(11)(xxfxxxf,则=10d)(xxf 解:设=10d)(xxfA,有3211)(Axxxf+=, 则41441arctandd11d)(1041010310210+=+=+=AxAxxxAxxxxfA, 填空:3 3 (99)设 f (x) 有一个原函数xxsin,则=2d)(xxf x 解:=22222d)()2(2)(d)()()(dd)(xxfffxxfxxfxfxxxf x, 由于 f (x) 有一个原函数xxsin,即2sind)(22=xxxxf且2sincossin)(xxxxxxxf=, 故1sincos)(2=f,24)2(=f,即14221d)(2=+=xxf x, x F (x) 1 0 1 23 1 1 x F (x)1 0123 11 37填空:14 4 (00)=+12dee1xxx 解:4eearctanedee1)e (1de1e1dee1111111121122212=+=+=+xxxxxxxxx, 填空:e4 5 (03)=+11|de)|(|xxxx 解:2e4)e2e2(0de2de0de)|(|110100111|+=+=+=+xxxxxxxxxxxx, 填空:2 4e 1 6 (04)设=,21, 1,2121,e)(2xxxxfx 则=221d) 1(xxf 解:令 t = x 1,得21210)(e21d) 1(ded)(d) 1(12121211212121121222122=+=+=ttttttfxxftt, 填空:21 7 (08)函数4311xxxxxf+=+,求积分=222)(dxxf 解:因211111122243+=+=+=+xxxxxxxxxxxxxf,即2)(2=xxxf, 则3ln212ln216ln21)2ln(21)2(21212)(2222222222222222=xxdxdxxxdxxf, 填空:3ln21 8 (10)设可导函数)(xyy =由方程=+xyxuuduudu020sine确定,则=0xdxdy 解:两边关于x求导,得xxdxdyyx2)(sin1e=+, 令0=x,得01e0)0(=+=xydxdy,即10=xdxdy, 填空:1 9 (10)设位于曲线)(e)ln1 (12+=, 0, 0, 0,d)(1)(0xxttftxxFxn若若 在0, +)上连续且单调不减(其中 n 0) 证:由于积分上限函数xnttft0d)(在(0, +)内连续,知 F (x)在(0, +)内连续, 且)0(01)(limd)(lim)(lim000000FxfxxttftxFnxxnxx=,可得 F (x)在0, +)上连续; 当 x 0 时,d)(1)(1)(1d)(1d)(1)(0020=+=xnnnxnxnttftxxfxxxfxxttftxttftxxF, S1 0 1 3 xy S2 40根据积分中值定理,存在 (0, x),使得)0()(d)(0=xfttftnxn, 由于 0 x 且 f (x)在0, +)上单调不减,则0)()(1)(=fxfxxxFnn, 故 F (x)在0, +)上连续且单调不减 6 (97)设函数 f (x)在(, +)内连续,且=xttftxxF0d)()2()(,试证: (1)若 f (x)为偶函数,则 F (x)也是偶函数; (2)若 f (x)单调不增,则 F (x)单调不减 证: (1)=xttftxxF0d)()2()(,令 t = u,有 dt = du,且 t = 0 时 u = 0,t = x 时 u = x, 则=+=xxuufuxuufuxxF00d)()2()d)()2()(, 若 f (x)为偶函数,有)(d)()2()(0xFuufuxxFx=, 故 F (x)是偶函数; (2)=xxxttftttfxttftxxF000d)(2d)(d)()2()(, 则)(d)()(2)(d)()(00xfxttfxfxxfxttfxFxx=+=, 根据积分中值定理,存在 (0, x),使得)0()(d)(0=xfttfx,即 F (x) = x f ( ) f (x), 若 f (x)单调不增,有 (0, x) 时,f ( ) f (x) 0,即 F (x) 0, 故 F (x)单调不减 7 (97)求曲线 y = x2 2x , y = 0 , x = 1 , x = 3 所围成的平面图形的面积 S,并求该平面图形绕 y 轴旋转一周所得旋转体的体积 V 解:2)34(03234)3()3(d)2(d)2(32232123322212=+=+=+=xxxxxxxxxxS, 32342134322212)324(2)324(2d)2(2d)2(2xxxxxxxxxxxxVy+=+= 9)34(492)12534(2=+= 8 (98)设直线 y = a x 与抛物线 y = x2所围成图形的面积为 S1,它们与直线 x = 1 所围成的图形面积为S2,并且 a 0, S20 1 2 3 xy S1S1 S2y 0 a 1 x 41故当21=a时,S1 + S2达到最小,最小值为23131)21(=S; (2)152)53(d )(50530421axaxxxaxVaa=, )152351()35(d )(521351242aaaxxxaxxVaa+=, 故)154351()(5221aaVVaV+=+=, 故当21=a时,旋转体体积)2151301()21(+=V 9 (99)设函数 f (x)连续,且20arctan21d)2(xttxftx=已知 f (1) = 1,求21d)(xxf的值 解:令 u = 2x t,有 t = 2x u,dt = du,且 t = 0 时,u = 2x;t = x 时,u = x; 则22220arctan21d)(d)(2)d)()2(d)2(xuufuuufxuufuxttxftxxxxxxx=, 两边求导,得:xxxfxxfxxfxfxuufxx21121)(2)2(2)(2)2(2d)(242+=+, 有421)(d)(2xxxfxuufxx+=,即)1 (2)(21d)(42xxxfxuufxx+=,令 x = 1, 则41) 1 (21d)(21+=fuuf因 f (1) = 1, 故43d)(21=uuf 10(99)已知 f (x)连续,xttxftxcos1d)(0=,求20d)(xxf的值 解:令 u = x t,有 t = x u,dt = du,且 t = 0 时,u = x;t = x 时,u = 0; 则xuufuuufxuufuxttxftxxxxcos1d)(d)()d)()(d)(0000=, 两边求导,得:xxfxxfxuufxsin)()(d)(0=+,即xuufxsind)(0=, 故12sind)(20=xxf 11(99)曲线xy1=的切线与 x 轴和 y 轴围成一个图形,记切点的横坐标为 a,试求切线方程和这个图形的面积,当切点沿曲线趋于无穷远时,该面积的变化趋势如何? 解:由于切点为)1,(aa,切线斜率为aayax21=, 故切线方程为)(211axaaay=,即axaay2321+= 可得切线在 x 轴上的横截距为 x | y = 0 = 3a,在 y 轴上的纵截距为ayx230=, y 0 a x 42故三角形面积aaaaS4923321)(= 切点沿曲线趋于无穷远有两种情形:a 0 + 或 a +, 当 a 0 + 时,S (a) 0;当 a + 时,S (a) + 12(00)设函数 f (x)在0, 上连续,且0dcos)(, 0d)(00=xxxfxxf 试证明:在(0, ) 内至少存在两个不同的点 1, 2,使 f ( 1) = f ( 2) = 0 证:根据积分中值定理,存在 1 (0, ),使得0)0)(d)(10=fxxf,即 f ( 1) = 0, 假设 f (x)在(0, )内不存在不同于 1的零点,即 f (x)在(0, 1)与( 1, ) 内都没有零点, 则 f (x)在(0, 1)与( 1, )内异号, (否则0d)(d)(d)(0011+=xxfxxfxxf) , 不妨设在(0, 1)内 f (x) 0 由于000cosdcos)(d)(cosd)cos)(cos(100101=xxxfxxfxxxf, 且在(0, 1)内 cos x cos 1,f (x) (cos 1 cos x) 0, 在( 1, )内 cos x 0,这与0d)cos)(cos(01=xxxf矛盾, 故 f (x)在(0, )内存在不同于 1的零点 2,得证 注:此题可改为函数 f (x)在a, b上连续,g (x)在a, b上严格单调,且0d)()(, 0d)(=babaxxgxfxxf 试证明:在(a, b)内至少存在两个不同的点 1, 2,使 f ( 1) = f ( 2) = 0 13(00)计算+131dee1xxx 解:原式22112112211322e4)42(eearctanedee1)e (1de1e1+=+=+=xxxxxx 14(01)设 f (x)在0, 1上连续,在(0, 1)内可导,且满足) 1(d)(e) 1 (101=kxxfxkfkx,证明至少存在一点 (0, 1),使得 f ( ) = (1 1) f ( ) 证:根据积分中值定理,存在)1, 0(k,使得)01()(ed)(e1101=kfxxfxkx, 设辅助函数 F (x) = xe1 x f (x),有)()(ed)(e) 1 () 1 (1101FfxxfxkfFkx=, 由于 F (x)在, 1上连续,在(, 1)内可导,根据罗尔定理,存在 (, 1) (0, 1),使得 F ( ) = 0, 而 F (x) = xe1 x f (x) = e1 x f (x) xe1 x f (x) + xe1 x f (x) = e1 x (1 x) f (x) + x f (x), 故(1 ) f ( ) + f ( ) = 0, 即 f ( ) = (1 1) f ( ) 15(01)设 f (x)在0, 1上连续,在(0, 1)内可导,且满足=3101d)(e3) 1 (2xxffx,证明至少存在一点 (0,1),使得 f ( ) = 2 f ( ) 证:根据积分中值定理,存在)31, 0(,使得)031()(ed)(e2213101=fxxfx, 设辅助函数)(e)(21xfxFx=,有)()(ed)(e3) 1 () 1 (2213101FfxxffFx=, 由于 F (x)在, 1上连续,在(, 1)内可导,根据罗尔定理,存在 (, 1) (0, 1),使得 F ( ) = 0, 43而)()(2e)(e)(e2 )(e )(22221111xfxxfxfxfxxfxFxxxx+=+=, 故2 f ( ) + f ( ) = 0, 即 f ( ) = 2 f ( ) 16(01)设函数 f (x)在(0, +)内连续,25) 1 (=f,且对所有 x, t (0, +),满足条件 +=txxtuufxuuftuuf111d)(d)(d)(, 求 f (x) 解:两边关于 t 求导,得:)(d)()(1txfuufxxtfx+=,令 t = 1,有xuufxxfx25d)()(1+=, () 由于 f (x)在(0, +)内连续,有xuuf1d)(在(0, +)内可导,则25d)(1)(1+=xuufxxf在(0, +)内可导, 对()式两边关于 x 求导,得25)()()(+=+xfxf xxf,即xxf25)(=,Cxxf+=ln25)(, 由于25) 1 (=f,有C+=1ln2525,25=C, 故25ln25)(+=xxf 注:在()式也可令=xuufy1d)(,变为微分方程xyyx25+=,y| x =1 = 0,再用第十章的方法求解 17(01)已知抛物线 y = px2 + qx(其中 p 0)在第一象限内与直线 x + y = 5 相切,且此抛物线与x 轴所围成的平面图形的面积为 S (1)问 p 和 q 为何值时,S 达到最大值? (2)求出此最大值 解:要与直线 x + y = 5 相切,切线斜率应为1,令 y = 2px + q = 1,得pqx21+=, 且切点)41,21(2pqpq+满足541212=+pqpq,即20) 1(2+=qp, 由于432302302) 1( 32006)23(d)()(+=+=+=qqpqqxpxxqxpxqSpqpq, 令0) 1( 3)3(200) 1(3) 1(4200) 1(3200)(5283342=+=+=qqqqqqqqqS,得 q = 3,唯一驻点(q 0) , 且 0 q 0;q 3 时,S (q) 0,利用闭区间上连续函数的性质,证明存在一点 (a, b),使=babaxxgfxxgxfd)()(d)()( 证:由于 f (x)在a, b上连续,知 f (x)在a, b上必存在最小值 m 与最大值 M,即 m f (x) M, 而 g (x) 0,有 mg (x) f (x)g (x) Mg (x), S0 q/p xy 44即bababaxxgMxxgxfxxgmd)(d)()(d)(,Mxxgxxgxfmbabad)(d)()(,因 f (x)在a, b上连续, 故根据介值定理,存在 (a, b),使得=babaxxgxxgxffd)(d)()()(,得证 19(02)求极限:)cos1 (dd)1arctan(lim0002xxuttxux+ 解:原式xxxxxxxxxttxxuttxxxxuxcossinsin2)1arctan(limsin)cos1 (d)1arctan(lim )cos1 (d d)1arctan(lim2000000002200+=+=+= 631arctan2cossin2)1arctan(2lim20=+=xxxxx 20(02)设 D1是由抛物线 y = 2x 2和直线 x = a, x = 2 及 y = 0 所围成的平面区域;D2是由抛物线 y = 2x 2和直线 y = 0, x = a 所围成的平面区域,其中 0 a 2 (1)试求 D1绕 x 轴旋转而成的旋转体体积 V1;D2绕 y 轴旋转而成的旋转体体积 V2; (2)问当 a 为何值时,V1 + V2取得最大值?试求此最大值 解: (1)54512854d)2(5252221axxxVaa=,404022422d22axxxxVaa= (2)设4521545128)(aaVVaV+=+=,令 V (a) = 4 a 4 + 4 a 3 = 0, 得 a = 1,唯一驻点,且 V (a) = 16 a 3 + 12 a 2,V (1) = 4 0)欲在 T 时,将数量为 A的该商品销售完,试求: (1)t 时该商品的剩余量,并确定 k 的值; (2)在时间段0, T 上的平均剩余量 解: (1)由于 x (T ) = kT = A, 故TAk =,且 t 时刻该商品的剩余量为TAtAtxAtr=)()( (2)在时间段0, T 上的平均剩余量221)2(1d)(1d)(10200AATTTAtAtTtTAtATttrTrTTT= 22(04) 设 f (x), g (x) 在a, b上连续, 且满足),d)(d)(baxttgttfxaxa,=babattgttfd)(d)(, 证明: babaxxxgxxxfd)(d)( 证:设=xattgtfxFd)()()(,有 x a, b时,F (x) 0,且 F (a) = F (b) = 0, D1D2 0 a 2 xy 45则0d)(d)()()(dd)()(d)(d)(=bababababababaxxFxxFxxFxFxxxgxfxxxxgxxxf, 故babaxxxgxxxfd)(d)( 23(04)设=, 0,e, 0,e)(22xxxFxx S 表示夹在 x 轴与直线 y = F (x) 之间的面积对任何 t,S1 (t) 表示矩形 t x t, 0 y F (t) 的面积,求: (1)S (t) = S S1 (t) 的表达式; (2)S (t) 的最小值 解: (1)1e21e21dede02020202=+=+xxxxxxS,S1 (t) = 2tF (t) = 2te 2t (t 0), 故 S (t) = S S1 (t) = 1 2te 2t (t 0) (2)令 S (t) = 2e 2t 2te 2t (2) = (4t 2)e 2t = 0,得21=t,唯一驻点, 且当210t时 S (t) t时 S (t) 0; 故21=t时,S (t) 最小,最小值为1e1)21(=S 24(05)设 f (x), g (x) 在0, 1上的导数连续,且 f (0) = 0,f (x) 0,g (x) 0,证明:对任何 a 0, 1,有) 1 ()(d)()(d)()(100gafxxgxfxxfxga+ 证:+=+100100d)()(d)()(d)()(d)()(d)()(aaaaxxgxfxxgxfxxfxgxxgxfxxfxg +=110d)()()(d)()(d)()()()(aaaxxgafxfxxgafxxgxfxfxg +=110d)()()()()()()(aaaxxgafxfxgafxgxf +=1d)()()()() 1 ()()0()0()()(axxgafxfaggafgfagaf +=1d)()()() 1 ()(axxgafxfgaf 由于 f (x) 0,g (x) 0,有 x a, 1时,f (x) f (a) 0,即0d)()()(1axxgafxf, 故) 1 ()(d)()(d)()(100gafxxgxfxxfxga+ 25(08)设 f (x) 是周期为 2 的连续函数, (1)证明对任意实数都有=+202)()(dxxfdxxftt; (2)证明+=xttdtdssftfxG02)()(2)(是周期为 2 的周期函数 证: (1)因+=2222)()()(ttttdxxfdxxfdxxf,对+22)(tdxxf换元, 令 x = u + 2,有 f (x) = f (u + 2) = f (u),dx = du,且 x = 2 时,u = 0;x = t + 2 时,u = t, 则=+tttdxxfduufdxxf0022)()()(, 46故=+=+=+20022222)()()()()()(dxxfdxxfdxxfdxxfdxxfdxxftttttt; (2)因=+202)()(dxxfdxxftt是与 t 无关的常数,记Adxxfdxxftt=+202)()(, 则222020|)(2)()(2)(2)(2)2(+=+=+xxxxxxxxAtdttfxGdtAtfdtAtfdtAtfxG )(22)(2)(2)(20xGAAxGAdttfxG=+=+=, 故 G (x) 是周期为 2 的周期函数 26(10) (1)比较+10)1ln(|ln|dtttn与10|ln|dtttn ), 2, 1(L=n的大小,说明理由; (2)设+=10)1ln(|ln|dtttunn ), 2, 1(L=n,求极限nnulim 解: (1)设tttf+=)1ln()(,有0)0(=f,ttttf+=+=1111)(,当0t时,0)(t时,)(tf单调减少,有0)0()(= ftf,即tt t时,|ln|)1ln(|ln|0ttttnn+,即+1010|ln|)1ln(|ln|dtttdtttnn ), 2, 1(L=n; (2)因+=+=+101101101101011111ln)(11lnln|ln|dtttntnttdnttdttdtttnnnnn 2101210) 1(1) 1(1110+=+=+=+ntndttnnn, 则0) 1(1lim|ln|lim210=+=ndtttnnn, 因+=+nnnuu,则=1nnu发散; 若=+1)(nnnvu收敛,则=1nnu、=1nnv都收敛; 则以上命题中正确的是( ) (A) (B) (C) (D) 解:=+1212)(nnnuu是=1nnu每两项加括号后的级数加括号后的级数收敛,原级数不一定收敛,错误; =+11000nnu是=1nnu去掉前 1000 项后的级数级数去掉或增加有限项,敛散性不变,正确; 491lim1+nnnuu,即1lim1+nnnuu,由达朗贝尔比值判别法可知正确; 如=11nn与=121nnn都发散,但=+12121)11(nnnnnn收敛,错误; 选择: (B) 4 (05)设 an 0,n = 1, 2, ,若=1nna发散,=11) 1(nnna收敛,则下列结论正确的是( ) (A)=112nna收敛,=12nna发散 (B)=12nna收敛,=112nna发散 (C)=+1212)(nnnaa收敛 (D)=1212)(nnnaa收敛 解:=1212)(nnnaa是=11) 1(nnna每两项加括号后的级数,收敛的级数加括号后仍然收敛, 选择: (D) 5 (06)若级数=1nna收敛,则级数( ) (A)=1|nna收敛 (B)=1) 1(nnna收敛 (C)=+11nnnaa收敛 (D)=+112nnnaa收敛 解:当=1nna不是正项级数时, (A) 、 (B) 、 (C)都不成立如nann) 1(=,有=11) 1(nnnnna收敛, 但=111|nnnna,=111) 1(nnnnna,=+=111) 1(1nnnnnnaa都发散 而=1nna收敛时,=+11nna也收敛,可得=+11)(nnnaa收敛,故=+112nnnaa收敛, 选择: (D) 6 (11)设nu是数列,则下列命题正确的是( ) (A)若=1nnu收敛,则=+1212)(nnnuu收敛 (B)若=+1212)(nnnuu收敛,则=1nnu收敛 (C)若=1nnu收敛,则=1212)(nnnuu收敛 (D)若=1212)(nnnuu收敛,则=1nnu收敛 解:若一个级数收敛,则对其加括号后的级数也收敛, 50因=+1212)(nnnuu就是=1nnu每两项加括号后所成的级数,若=1nnu收敛,则=+1212)(nnnuu收敛, 选择: (A) 7 (12)已知级数=11sin) 1(nnnn绝对收敛,=12) 1(nnn条件收敛,则范围为( ) (A)210 (B)121 (C)231 (D)223p时,绝对收敛;当10时,=11sin) 1(nnnn与=12/11) 1(nnn绝对收敛, 且当21时,=12) 1(nnn条件收敛, 则223 选择: (D) 二填空题: 1 (95)级数=02)3(lnnnn的和为 解:这是公比为123ln=q的等比级数,其和为3ln2223ln11=S, 填空:3ln22 2 (99)=1121nnn 解:设=11)(nnnxxS,有) 1, 1(1dd)(11010= =xxxxttnttSnnnxnx, 则2)1 (11)(xxxxS=,故4)21(2111=Snnn, 填空:4 3 (09)幂级数=12) 1(ennnnxn的收敛半径为 解:因221122111) 1() 1(e) 1(elim) 1(e) 1() 1(elimlim+=+=+nnnnaalnnnnnnnnnnnnn 510 P3 P2 P1 xQ3 Q2Q1y e111e11e1) 1(elim2=+=nnnn, 故收敛半径e11=lR, 填空:e1 三解答题: 1 (97)从点 P1 (1, 0)作 x 轴的垂线,交抛物线 y = x2于点 Q1 (1, 1);再从 Q1作这条抛物线的切线与 x 轴交于 P2, 然后又从 P2作 x 轴的垂线, 交抛物线于点 Q2, 依次重复上述过程得到一系列的点 P1 , Q1 ; P2 , Q2 ; ; Pn , Q n (1)求 OPn; (2)求级数LL+nnPQPQPQ2211的和 其中 n (n 1)为自然数,而21MM表示点 M1与 M2之间的距离 解:设aOPn=,切点 Q n (a, a 2 ),切线斜率 y| x = a = 2 a,切线方程为 y a 2 = 2 a (x a),即 y = 2 a x a 2, 则横截距为20axy=,21aOPn=+,即L,41,21, 1321=OPOPOP, 故121=nnOP,且34411121)(122122211=+=nnnnnnOPPQPQPQLL 2 (98)两条抛物线nnxy12+=和11) 1(2+=nxny,记它们交点横坐标的绝对值为 an, (1)求这两条抛物线所围成的平面图形的面积 S n; (2)求级数=1nnnaS的和 解:由nnxy12+=和11) 1(2+=nxny联立解得) 1(1+=nnx,即) 1(1+=nnan, 故) 1() 1(34) 1(3d11) 1(1)1(1)1(13)1(1)1(122+=+=+=+nnnnnnxxxnxnnnxSnnnnnnnnn 且1113121211 lim34) 1(1321211lim34) 1(3411+=+=+=nnnnnnaSnnnnnnLL 34111 lim34=+=nn 3 (00)设LL, 2, 1, 0,dcossin40=nxxxInn,求=0nnI y 0 an x 52解:140140)2)(1(11sinsindsin+=+=nnnnnnxxxI,设=+=011)(nnnxxS,有=0)21(nnIS, 收敛区间为 x 1, 1),且) 1, 1(,111) 1()(00=+=xxxnxnxSnnnn, 则)1ln(|1 |ln0d11)0()(00xtttSxSxx=+=,即) 1, 1),1ln(1)(01=+=+xxnxxSnn, 故)211ln()21(0=SInn 4 (03)求幂级数) 1|(|2) 1(112+=xnxnnn的和函数 f (x)及其极值 解:=+=122) 1(1)(nnnnxxf,收敛区间为 x 1, 1,有) 1, 1(,1) 1()(2112+=xxxxxfnnn, 故 1, 1),1ln(211|1 |ln211)(d21111d1)0()(20202202+=+=+=+=xxttttttfxfxxx 令01)(2=+=xxxf,得 x = 0,且222222)1 (1)1 (2)1 (1)(xxxxxxxf+=+= ,有 f (0) = 1 0, 故当 x = 0 时,取得极大值 f (0) = 1 5 (05)求幂级数=+12) 1121(nnxn在区间 (1, 1) 内的和函数 S (x) 解:=+=+=121212121) 1121()(nnnnnnxxnxnxS, 设=+=112121)(nnxnxf,收敛区间为 x (1, 1),有) 1, 1(,1)(2212=xxxxxfnn, 则xxxtttttttttfxfxxx+=+=+=+=11ln21|)1 |ln|1 |(ln21d) 1121121(0d1)0()(00022, 得111ln21)(12112+=+=xxxxxfxnnn,x (1, 1) 且 x 0,又有) 1, 1(,12212=xxxxnn, 即2221111ln211111ln21)(xxxxxxxxxxS+=+=,x (1, 1) 且 x 0,而 S (0) = 0, 故=+=. 0, 0),1, 0()0, 1(,1111ln21)(2xxxxxxxSU 536 (06)求幂级数=+1121) 12() 1(nnnnnx的收敛域及和函数 S (x) 解:212321) 12() 12)(1(limlimxxnnnnxuunnnnnn=+=+,当 x 2 1 时,即 x (1, 1)时,级数收敛, 当 x = 1 时,=+=111121) 12() 1() 12() 1(nnnnnnnnnx收敛, 故收敛域为 x 1, 1; 因 1, 1,) 12() 1() 12() 1()(1211121=+xnnxxnnxxSnnnnnn,令 1, 1,) 12() 1()(121=xnnxxfnnn, 则) 1, 1(,122) 1() 12(2) 1()(11211121=xnxnnnxxfnnnnnn, 且) 1, 1(,122) 1(12) 12(2) 1()(212211221+= =xxxnxnxfnnnnnn, 得) 1, 1(,arctan2arctan2d120d)()0()(0020=+= +=xxtttttffxfxxx, +=+=+=xxxxtttttttttffxf02000d12arctan2darctan20d)()0()( ) 1, 1(),1ln(arctan2)1ln(arctan2202+=+=xxxxtxxx, 故根据和函数的连续性,可得 1, 1),1ln(arctan2)()(22+=xxxxxxxfxS 7 (07)将函数431)(2=xxxf展开成 x 1 的幂级数,并指出其收敛区间 解:11514151) 1)(4(1)(+=+=xxxxxf, ) 1, 1(31,) 1)(31(313131113131141010=+=xxxxxxnnnnn,即 x (2, 4), ) 1, 1(21,) 1(2) 1(21) 1(2121112121111010=+=+=+=+=xxxxxxnnnnnnn,即 x (1, 3), 故)3, 1(,) 1)(2) 1(31(51) 1(2) 1(51) 1)(31(51)(0110101=+=+=+xxxxxfnnnnnnnnnnnn 8 (08)设银行存款的年利率 r = 0.05,并依年复利计算某基金会希望通过存款 A 万元实现第一年取出 19 万元,第二年取出 28 万元,第 n 年取出 (10 + 9n) 万元,并能按此规律一直提取下去,问 A至少为多少万元? 54解:年利率 r = 0.05,并依年复利计算,第 t 年取出的资金 a 万元,其现值为 ae rt,而 A 至少为其总现值, 则总现值=+=+=+105. 0105. 0105. 005. 01 . 005. 0e9e10e )910(e )910(e28e19nnnnnnnnnnLL, 设=1)(nnnxxf,即=11)(nnnxxxf,有) 1, 1(,1)(11010=xxxxdtntdtttfnnnxnx, 则) 1, 1(,)1 (1)(21=xxxxxxxfnxnn, 因等比级数05. 005. 0105. 0e1ee=nn,且205. 005. 005. 0105. 0)e1 (e)e (e=fnnn, 故29.3794)e1 (e1019e)e1 (9ee110ee9e10205. 01 . 005. 0205. 005. 005. 005. 0105. 0105. 0=+=+=nnnnnA万元 55第八章第八章 多元函数微分多元函数微分 一选择题: 1 (03)设可微函数 f (x, y)在点(x0, y0)处取得极小值,则下列结论正确的是( ) (A)f (x0, y)在 y = y0处导数等于零 (B)f (x0, y)在 y = y0处导数大于零 (C)f (x0, y)在 y = y0处导数小于零 (D)f (x0, y)在 y = y0处导数不存在 解:f (x, y)在点(x0, y0)处取得极小值,则 fx(x0, y0)与都等于 0 或不存在, 且 f (x, y)是可微函数,有 fx(x0, y0) = fy(x0, y0) = 0, 选择: (A) 2 (06)设 f (x, y)与 (x, y)均为可微函数,且y(x0, y0) 0,已知(x0, y0)是 f (x, y)在约束条件 (x, y) = 0下的一个极值点,下列选项正确的是( ) (A)若 fx(x0, y0) = 0,则 fy(x0, y0) = 0 (B)若 fx(x0, y0) = 0,则 fy(x0, y0) 0 (C)若 fx(x0, y0) 0,则 fy(x0, y0) = 0 (D)若 fx(x0, y0) 0,则 fy(x0, y0) 0 解:拉格朗日函数 F (x, y) = f (x, y) + (x, y),条件极值点(x0, y0)应满足 Fx(x0, y0) = Fy(x0, y0) = 0, 即 fx(x0, y0) + x(x0, y0) = 0,fy(x0, y0) + y(x0, y0) = 0, 若 fx(x0, y0) 0,有 0,则 fy(x0, y0) = y(x0, y0) 0, 而 fx(x0, y0) = 0 时, 不一定等于 0, (A) 、 (B)都不一定成立, 选择: (D) 3 (08)设42e),(yxyxf+=,则函数在原点偏导数存在的情况是( ) (A)fx(0, 0),fy(0, 0) 都存在 (B)fx(0, 0) 不存在,fy(0, 0)存在 (C)fx(0, 0)存在,fy(0, 0) 不存在 (D)fx(0, 0),fy(0, 0) 都不存在 解:因xxxfxffxxxxxx1elim1elim0)0, 0()0,(lim)0, 0(|000042=+, 且11elim1elim1elim0000|0=xxxxxxxx,11elim1elim1elim0000|0=+xxxxxxxx, 则 fx(0, 0) 不存在, 因01e2lim1elim1elim0)0, 0(), 0(lim)0, 0(22420000000=+yyyyyyyyyyyyfyff, 则 fy(0, 0) 存在, 选择: (B) 二填空题: 1 (99)设 f (x, y, z) = e x yz2, 其中 z = z(x, y)是由 x + y + z + xyz = 0 确定的隐函数, 则 fx(0, 1, 1) = 解:设 F (x, y, z) = x + y + z + xyz,有 Fx = 1 + yz,Fz = 1 + xy,得xyyzFFxzzx+=11, 则xyyzyzyzxzzyyzzyxfxxxxx+=+=11e2e2ee),(22,故 fx(0, 1, 1) = 1 2 (1) 0 = 1, 填空:1 2 (00)设)(),(xygyxxyfz+=,其中 f, g 均可微,则=xz 56解:)()(1221xyxygyfyfxz+ + =, 填空:)(1221xygxyfyf y+ 3 (01)设 z = e x f (x 2 y),且当 y = 0 时,z = x 2,则=xz 解:令 y = 0,有 x 2 = e x f (x),即 f (x) = e x x 2,有 z = e x e x + 2y + (x 2 y)2, 则)2(2ee2yxxzyxx+=+, 填空:e x + e x + 2y + 2(x 2 y) 4 (04) 函数 f (u, v) 由关系式 f xg (y), y = x + g (y) 确定, 其中函数 g (y) 可微, 且 g (y) 0, 则=vuf2 解:设 u = xg (y),v = y,解得)(vgux =,y = v,有)()(),(vgvguvuf+=, 则)(1vguf=,22)()(vgvgvuf=, 填空:2)()(vgvg 5 (05)设二元函数 z = xe x + y + (x + 1) ln (1 + y),则 d z|(1, 0) = 解:)1ln(eeyxxzyxyx+=+,yxxyzyx+=+11) 1(e, 则yyxxxyxzyxyxd 11ed)1ln(e )1(d+=+,d z|(1, 0) = 2e dx + (e + 2) dy, 填空:2e dx + (e + 2) dy 6 (06)设函数 f (u)可微,且21)0(= f,则 z = f (4 x 2 y 2) 在点(1, 2)处的全微分 d z|(1, 2) = 解:因 d z = f (4 x 2 y 2) d (4 x 2 y 2) = f (4 x 2 y 2) (8x dx 2y dy), 则 d z|(1, 2) = f (0) (8dx 4dy) = 4dx 2dy, 填空:4dx 2dy 7 (07)设 f (u, v) 是二元可微函数,=yxxyfz,,则=yzyxzx 解:因yfxyfxz1)(221 + =,)(1221yxfxfyz + =,故2122fyxfxyyzyxzx+=, 填空:2122fyxfxy+ 578 (09)设xyxz)e( +=,则=)0 , 1 (xz 解:设vuz =,yxue+=,xv =, 则)eln()e()e(1ln111yxyxyvvxxxxuuuvxvvzxuuzxz+=+=+=, 故2ln212ln2210)0, 1 (+=+=xz, 填空:2ln21+ 9 (11)设函数yxyxz+= 1,则=)1, 1(dz 解:因yyxyxyyxyxxzyxyx11ln1111+=,有2ln21)1, 1(+=xz, +=yxyxyxyxyxyxxzyxyx2211ln11,有2ln21)1, 1(=yz, 则dydxdz)2ln21()2ln21 ()1, 1(+= 填空:dydx)2ln21()2ln21 (+ 10(12)函数),(yxfz=满足0) 1(22),(lim2210=+yxyxyxfyx,则=)1, 0(dz 解:因0) 1(22),(lim2210=+yxyxyxfyx,有1, 0yx时,()22) 1(22),(+=yxoyxyxf, 因1) 1, 0(=f,并设xx+= 0,yy+=1, 则0, 0yx时,()222) 1, 0()1,0(yxoyxfyxfz+=+=, 根据二元函数微分的定义可得dydxdz= 2)1, 0(, 填空:dydx2 三解答题: 1 (95)设 z = f (x, y)是由方程 z x y + xe z x y = 0 所确定的二元函数,求 d z 解: 设 F (x, y, z) = z x y + xe z x y, 有 Fx = 1 + e z x y xe z x y, Fy = 1 xe z x y, Fz = 1 + xe z x y, 则yxzyxzzxxxFFxz+=e1e ) 1(1,1=zyFFyz, 故yxxxzyxzyxzdde1e ) 1(1d+= 2 (96)设=xyttyxf0de),(2,求222222yfxyyxfxfyx+ 58解:yxfyx=22e,有)2(e32222xyxfyx=,)21 (ee)2(e2222222222yxyyxyxfyxyxyx=+=, xyfyx=22e,有)2(e32222yxyfyx=, 故22222222e2)2(e)21 (e2)2(e222222222222yxyxyxyxyxyxyxyfxyyxfxfyx=+=+ 3 (97) 设 u = f (x, y, z)有连续偏导数, y = y(x)和 z = z(x)分别由方程 e xy y = 0 和 e z xz = 0 确定, 求xudd 解:设 F (x, y) = e xy y,有 Fx = ye xy,Fy = xe xy 1,则1eedd=xyxyyxxyFFxy, 又设 G (x, y) = e z xz,有 Gx = z,Gz = e z x,则xzGGxzzzx=edd, 故zzyxyxyxzyxfxzfxyfxzfxyffxu+= + + =e1eedddd1dd 4 (98)设xyyxzarctan22e)(+=,求 d z 与yxz2 解:xyxyxyyxxyxyyxxxzarctan222arctan22arctane )2()()11(e)(e2+=+=, xyxyxyxyxxyyxyyzarctan22arctan22arctane )2(1)11(e)(e2=+=, 故yxyxyxzxyxyde )2(de )2(darctanarctan+=, 且xyxyxyyxxyxyxxyyxyxzarctan222222arctanarctan2e1)11(e)2(e1+=+= 5 (99)设生产某种产品必须投入两种要素,x1和 x2分别为两要素的投入量,Q 为产出量;若生产函数212xxQ=,其中, 为正常数,且 + = 1假设两种要素的价格为 p1和 p2,试问:当产出量为12 时,两要素各投入多少可以使得投入总费用最小? 解:投入总费用 y (x1, x2) = p1 x1 + p2 x2,设拉格朗日函数)122(),(21221121+=xxxpxpxxF, 59令=+=+=, 0122, 02, 02211212211121xxFxxpFxxpFxx 解得=1222116,6ppxppx,此实际问题中最小值存在, 故两要素各投入=1222116,6ppxppx可以使得投入总费用最小 6 (00)已知xyvyxuuzvarctan,ln,22=+=,求 d z 解:22221222221ln)(11ln221yxyuuyxxuvxyxyuuyxxuvxzvvvv+=+=, 2222122221ln111ln221yxxuuyxyuvxxyuuyxyuvyzvvvv+=+=, 故yyxxuuyuvxyxyuuxuvzvvvvdlndlnd221221+= 7 (00) 假设某企业在两个相互分割的市场上出售同一种产品, 两个市场的需求函数分别是p1 = 18 2Q1 , p2 = 12 Q2,其中 p1和 p2分别表示该产品在两个市场的价格(单位:万元/吨) ,Q1和 Q2分别表示该产品在两个市场的销售量(即需求量,单位:吨) ,并且该企业生产这种产品的总成本函数是 C = 2Q + 5,其中 Q 表示该产品在两个市场的销售总量,即 Q = Q1 + Q2 (1)如果该企业实行价格差别策略, 试确定两个市场上该产品销售量和价格, 使该企业获得最大利润; (2)如果该企业实行价格无差别策略,试确定两个市场上该产品的销售量及其统一的价格,使该企业的总利润最大化;并比较两种价格策略下的总利润大小 解:收益22221122112112218),(QQQQQpQpQQR+=+=,成本 C (Q1, Q2) = 2Q + 5 = 2Q1 + 2Q2 + 5, 利润510216),(),(),(222211212121+=QQQQQQCQQRQQL, (1)令=, 0210, 04161121QLQLQQ,解得 Q1 = 4,Q2 = 5,且2, 0, 4222111= = = QQQQQQLLL, 则08)(2211212= =QQQQQQLLL且0411= QQL, 故 Q1 = 4,Q2 = 5 是极大值点,此时 p1 = 18 8 = 10,p2 = 12 5 = 7, 故两个市场上该产品销售量 Q1 = 4,Q2 = 5,价格 p1 = 10,p2 = 7 时,获得最大利润 L = 52 (2)价格无差别,即 p1 = p2,有 18 2Q1 = 12 Q2,即 2Q1 Q2 6 = 0, 设拉格朗日函数)62(510216),(2122221121+=QQQQQQQQF, 令=+=, 062, 0210, 02416211121QQFQFQFQQ 解得 Q1 = 5,Q2 = 4,此时 p1 = p2 = 8 且实际问题中最小值存在, 故两个市场上该产品销售量 Q1 = 5,Q2 = 4,统一价格 p1 = p2 = 8 时,获得最大利润 L = 49 可见企业实行价格差别策略时总利润更大 8 (01)设 u = f (x, y, z)有连续的一阶偏导数,又函数 y = y(x)及 z = z(x)分别由下列两式确定:e xy xy = 2 60和=zxxttt0dsine,求xudd 解:设 F (x, y) = e xy xy 2,有 Fx = ye xy y = y (e xy 1),Fy = xe xy x = x (e xy 1),则xyFFxyyx=dd, 设=zxxtttzxG0dsine),(, 有zxzxGxx=)sin(e,zxzxGz=)sin(, 则)sin(e )(1ddzxzxGGxzxzx=, 故zxyxzyxfzxzxfxyfxzfxyffxu+= + + =)sin(e )(1 dddd1dd 9 (02)设函数 u = f (x, y, z)有连续的偏导数,且 z = z (x, y)由方程 xe x ye y = ze z所确定,求 du 解:设 F (x, y, z) = xe x ye y ze z,有 Fx = e xy + xe x = (x + 1) e x,Fy = (y + 1) e y,Fz = (z + 1) e z, 则zxzxzxFFxz+=e11,zyzyzyFFyz+=e11, 有zzxxzyxfzxfxzfffxu+= + + =e1101,zzyyzyxfzyfyzfffyu+= + + =e1110 故yfzyfxfzxfuzzyyzzxxd)e11(d)e11(d+= 10(03) 设 f (u, v)具有二阶偏导数, 且满足12222=+vfuf,)(21,),(22yxxyfyxg=, 求2222ygxg+ 解:设 u = xy,)(2122yxv=,有xvfyufxg+=,yvfxufyvfxufyg=+=)(, 则vfvfxvufxyufyvfxxvfyuvfyxvufyufxg+=+=2222222222222222)()(, vfvfyvufxyufxvfyyvfxuvfxyvufxufyg+=2222222222222222)()(, 故22222222222222222222)()()(yxvfufyxvfyxufyxygxg+=+=+=+ 11(05)设 f (u)具有二阶连续导数,且)()(),(yxyfxyfyxg+=,求222222ygyxgx 解:)()(2yxfxyfxyxg+=,)()()(1yxfyxyxfxyfxyg+=, 则)(1)()(242322yxfyxyfxyxyfxyxg + +=, 61)()(1)()()()(13223222222yxfyxxyfxyxfyxyxfyxyxfyxxyfxyg + = + =, 故)(2)()()()()(2222222222222xyfxyyxfyxxyfxyyxfyxxyfxyxyfxyygyxgx= + += 12(05)求 f (x, y) = x 2 y 2 + 2 在椭圆域14| ),(22+=yxyxD上的最大值和最小值 解:令=, 02, 02yfxfyx 得 x = 0,y = 0,即在椭圆域内有驻点 (0, 0) 再考虑 f (x, y) = x 2 y 2 + 2 在椭圆域边界1422=+yx上的极值, 设拉格朗日函数) 14(2),(2222+=yxyxyxF, 令=+=+=, 014, 0212, 02222yxFyyFxxFyx 解得 x = 0,y = 2 或 x = 1,y = 0,此实际问题中最大值和最小值存在, 由于 f (1, 0) = 3,f (0, 2) = 2 且驻点处 f (0, 0) = 2, 故最大值为 f (1, 0) = 3,最小值为 f (0, 2) = 2 13(08)设 z = z (x, y) 是由方程 x 2 + y 2 z = (x + y + z) 所确定的函数,其中 具有 2 阶导数且 1 (1)求 dz; (2)记=yzxzyxyxu1),(,求xu 解: (1)设 F (x, y, z) = x 2 + y 2 z (x + y + z), 则+=1212xxFFxzzx,+=1212yyFFyzzy, 故dyydxxdyyzdxxzdz+=+=1212; (2)因+=+=+=121221121211),(yxyxyxyxyzxzyxyxu, 则3222)1 ()21 (2)1 (1212)1 (012)1 (2+ =+ =+ =+=xxxzxxu 14(08)求函数 u = x 2 + y 2 + z 2在约束条件 z = x 2 + y 2和 x + y + z = 4 下的最大和最小值 解:设拉格朗日函数 F (x, y, z, 1 , 2) = x 2 + y 2 + z 2 + 1 (z x 2 y 2) + 2 (x + y + z 4), 62令=+=+=+=+=, 04, 0, 02, 0)2(2, 0)2(22122212121zyxFyxzFzFyyFxxFzyx 解得=, 2, 1, 1zyx或=, 8, 2, 2zyx 当 (x, y, z) = (1, 1, 2) 时,u = x 2 + y 2 + z 2 = 6;当 (x, y, z) = (2, 2, 8) 时,u = x 2 + y 2 + z 2 = 72, 故最大值为 u (2, 2, 8) = 72,最小值为 u (1, 1, 2) = 6 15(09)求二元函数yyyxyxfln)2(),(22+=的极值 解:令=+=+=, 01ln2, 0)2(222yyxfyxfyx 解得e1, 0=yx, 因)2(22yfxx+= ,xyfxy4= ,yxfyy122+= , 则yyxyxyxyxyfffyyxxxy24812)12)(24()4()(2222222=+= , 即0e2e4)()e1, 0()e1, 0(2+= xxf, 故点)e1, 0(处取得极小值e1)e1, 0(=f 16(10)求函数yzxyM2+=在约束条件10222=+zyx下的最大值和最小值 解:拉格朗日函数)10(2),(222+=zyxyzxyzyxF, 令=+=+=+=+=, 010, 022, 022, 02222zyxFzyFyzxFxyFzyx 解得:)25, 2,5, 1 (),(=zyx,)25, 2,5, 1 ( ,)25, 2,5, 1(,)25, 2,5, 1( 或)0,2, 0,22(,)0,2, 0,22(, 因55)2,5, 1()2,5, 1 (= MM,55)2,5, 1()2,5, 1 (=MM, 0)2, 0,22()2, 0,22(=MM, 故55)2,5, 1()2,5, 1 (= MM为最大值,55)2,5, 1()2,5, 1 (=MM为最小值 17(11) 已知函数),(vuf具有连续的二阶偏导数,2) 1, 1 (=f是),(vuf的极值,),(),(yxfyxfz+= 求)1, 1(2yxz 63解:因),(),(),(),(),(121yxfyxfyxfyxfyxfxz+=, 则),(),(),(),(),(),(),(),(121212112yxfyxfyxfyxfyxfyxfyxfyxfyxz+ + + = ),(),(),(),(),(),(),(1221222yxfyxfyxfyxfyxfyxfyxf + +, 因2) 1, 1 (=f是),(vuf的极值,有0) 1, 1 () 1, 1 (21=ff, 故) 1, 1 ()2, 2() 1, 1 ()2, 2()2, 2(12121211)1, 1(2fffffyxz + + = ) 1, 1 ()2, 2() 1, 1 () 1, 1 ()2, 2(1221222fffff + +, ) 1, 1 ()2, 2()2, 2(12211fff + = 18(12)某企业为生产甲、乙两种型号的产品,投入的固定成本为 10000(万元) ,设该企业生产甲、乙两种产品的产量分别为 x (件) 和 y (件) , 且两种产品的边际成本分别为220x+(万元/件) 与y+6(万元/件) (1)求生产甲乙两种产品的总成本函数),(yxC(万元) ; (2)当总产量为 50 件时,甲乙两种产品的产量各为多少时可使总成本最小?求最小成本; (3)当总产量为 50 件时且总成本最小时甲产品的边际成本,并解释其经济意义 解: (1)因yyC+=6,有26)(26)()6()(),(2002000yyxCttxCdttxCyxCyy+=+=+=, 则220)(0xxCxC+=,有420420220)(20020000xxCssCdssCxCxx+=+=+=, 可得26420),(220yyxxCyxC+=,且10000)0, 0(0=CC, 故2642010000),(22yyxxyxC+=; (2)设拉格朗日函数)50(2642010000)50(),(),(22+=+=yxyyxxyxyxCyxL, 令=+=+=+=. 050; 06; 0220yxxLyyLxxL 解得26,24=yx, 故甲产品产量为 24 件,乙产品产量为 26 件时,可使总成本最小为11118)26,24(=C(万元) ; (3)因220xxC+=,有322624=yxxC, 64故总产量为 50 件且总成本最小时甲产品的边际成本为 32(万元/件) ,其经济意义为每增加生产一件甲产品,总成本将增加 32(万元) 65第九章第九章 二重积分二重积分 一选择题: 1 (99)设 f (x, y) 连续,且+=Dvuvufxyyxfdd),(),(,其中 D 是由 y = 0, y = x 2, x = 1 所围区域,则f (x, y)等于( ) (A)xy (B)2xy (C)81+xy (D)xy + 1 解:设AvuvufD=dd),(,有 f (x, y) = xy + A,且:D = (x, y)| 0 x 1, 0 y x 2, 则3121d)2()2(dd)(ddd),(1025100210022AxAxxAyyxxyAxyxyxyxfAxxD+=+=+=+=, 故12132=A,即81=A,有81),(+= xyyxf, 选择: (C) 2 (05)设+=+=+=DDDyxIyxIyxId)cos(,d)cos(,dcos2223222221,其中 D = (x, y)| x 2 + y 2 1,则( ) (A)I 3 I 2 I 1 (B)I 1 I 2 I 3 (C)I 2 I 1 I 3 (D)I 3 I 1 I 2 解:当(x, y) D 时,0 x 2 + y 2 1,有1)(02222222+yxyxyx, 由于 cos u 在 u 0, 时单调下降,有2222222cos)cos()cos(yxyxyx+, 选择: (A) 3 (07)设函数 f (x, y) 连续,则二次积分21sind),(dxyyxfx等于( ) (A)+10arcsind),(dyxyxfy (B)10arcsind),(dyxyxfy (C)+10arcsin2d),(dyxyxfy (D)10arcsin2d),(dyxyxfy 解:作图:区域1sin, 2| ),(=yxxyxD, 改为水平向右观察:D = (x, y)| 0 y 1, arcsin y x , 选择: (B) 4 (08) 设函数f (x) 连续,+=uvDdxdyyxyxfvuF2222)(),(, 其中区域Duv为图中阴影部分, 则=uF( ) (A)v f (u 2) (B))(2ufuv (C)v f (u) (D))(ufuv 解:因=uvuvudrrfvdrrfdrdrrrfdvuF12012012)()()(),(,有)(2uvfuF=, 选择: (A) 5 (08) 设 f (x) 是连续奇函数, g (x) 是连续偶函数, 区域, 10| ),(xyxxyxD=, 则 ( ) 0 1 xy Dy = x 20 y y = sin x1 /2 xO xy v x 2 + y 2 = u 2x 2 + y 2 = 1 Duv 66(A)0)()(=Ddxdyxgyf (B)0)()(=Ddxdyygxf (C)0)()(=+Ddxdyygxf (D)0)()(=+Ddxdyxgyf 解:如果被积函数关于 x(或 y)为连续奇函数,且积分区域关于 y(或 x)轴对称,即有二重积分等于 0, 因这里积分区域 D 关于 x 轴对称,且 f (x) 是连续奇函数,g (x) 是连续偶函数, 则仅有选项(A)中被积函数 f (y)g (x) 关于 y 为连续奇函数,即0)()(=Ddxdyxgyf, 选择: (A) 6 (12)设函数)(tf连续,则二次积分=202cos22)(rdrrfd( ) (A)+2042222222)(xxxdyyxfyxdx (B)+20422222)(xxxdyyxfdx (C)+20411222222)(yydxyxfyxdy (D)+204112222)(yydxyxfdy 解:因面积元素rdrddxdy =,即极坐标系下二重积分被积函数中的r是由面积元素产生的, 则(A)与(C)错误, 因20是第一象限,2=r就是圆422=+ yx, 且cos2=r就是圆xyx222=+即1) 1(22=+yx, 作图,竖直向上观察,可得:2242, 20xyxxx, 选择: (B) 二填空题: 1 (02)交换积分次序:=+214121410d),(dd),(dyyyxyxfyxyxfy 解:作图:区域21,2141| ),(,410| ),(=xyyyxyxyyyxDU, 改为竖直向上观察:,210| ),(2xyxxyxD=, 填空:2102d),(dxxxyxfx 2 (03)设 a 0,=, 0, 10,)()(其它若xaxgxf D 表示全平面,则=DyxxygxfIdd)()( 解:f (x)g ( y x)仅在 0 x 1 且 0 y x 1 时不等于 0,即区域:G = (x, y)| 0 x 1, x y x + 1, 则21021012ddddd)()(axayaxyxxygxfIxxD=+, 填空:a 2 3 (08)=Ddxdyyx)(2 其中 D:x 2 + y 2 1 解:方法一:=20103242010222sin3cos4)sincos()(rrdrdrrrddxdyyxD 0 1/2 x1/2 1/4 y y = xy = x 2D0 1 x1 y y = x + 1y = xG 0 2xy 2 1 6722 0 xyD 4cos312sin16181sin3122cos1412020=+=+=d; 方法二:由对称性知 4422121)(21)(104201022222=+=rrdrrddxdyyxdxdyxdxdyyxDDD, 填空:4 4 (08)=2110ln xdyxdxy 解:21)21() 1(ln2122121102110=xxdxxxdxxdyxdxyy, 填空:21 三解答题: 1 (97)设 D 是以点 O (0, 0) , A (1, 2)和 B (2, 1)为顶点的三角形区域,求Dyxxdd 解:32, 21 | ),(22, 10| ),(xyxxyxxyxxyxD=U, 故+=+=2121022132102d)233(d23ddddddxxxxxyxxyxxyxxxxxxD 23)2123()46(021)2123(212132103=+=+=xxx 2 (98)设 D = (x, y) | x2 + y2 x,求Dyxxdd 解:, 10| ),(22xxyxxxyxD=, 则=1010210d12d2dddd22xxxxxxxyxxyxxxxxxD, 令xt=1,有 x = 1 t 2,dx = 2t dt,且 x = 0 时,t = 1;x = 1 时,t = 0; 故158)5131(4d)(4)d2()1 (2dd10531042012=tttttttttyxxD 3 (99)计算二重积分Dyxydd,其中 D 是由直线 x = 2, y = 0, y = 2 及曲线22yyx=所围成的平面区域 解:22, 20| ),(2yyxyyxD=, 则=2022022022d) 1(14)d22(dddd2yyyyyyyxyyyxyyyD, A (1,2)0 1 2 xy B (2,1)D 0 1 xy D 68令 y 1 = sin t,有 dy = cos t dt,且 y = 0 时,2=t;y = 2 时,2=t; 故=+=22222222dsincosdcos4dcoscos)sin1 (4ddtttttttttyxyD 24cos31)2sin412(4)cosd(cosd22cos142232222222=+=+=ttttttt 4 (00) 计算二重积分d422222+Dyxayx, 其中 D 是由曲线)0(22+=axaay和直线 y = x围成的区域 解:曲线22xaay+=,即 x 2 + y 2 + 2a y = 0,极坐标方程 r = 2a sin , 有sin20, 04| ),(arrD=,则=+04sin202222222d4dd4Drrraryxayx, 令 r = 2a sin t,有 dr = 2a cos t dt,且 r = 0 时,t = 0;r = 2a sin 时,t = , 故=+04020402222222d)2cos1 (2ddcos2cos2sin4dd4Dttattatatayxayx )2116()2cos21(d)2sin2()2sin2(d2204220420402=+=aaatta 5 (00)设=, 0,0, 21,),(2其它若xyxyxyxf 求Dyxyxfdd),(,其中 D = (x, y) | x2 + y2 2x 解:设 G = (x, y)| 1 x 2, 0 y x,:2, 21 | ),(2xyxxxyxGD=I, 故=21222212222221ddddddd),(xxxxxxGDDyxxyyxxyxyxyxyxfI 2049)4151()4532()4151(d)(d)222(2145213421434=xxxxxxxxx 6 (01)求二重积分+Dyxyxxydde1 )(2122值,其中 D 是由直线 y = x, y = 1 及 x = 1 围成的平面区域 解:D = (x, y)| 1 x 1, 1 y x, 故+=+=+111)(212111)(21)(21e21ddeddde1 222222xyxxyxDyxxyxyxyyxyxxy 32)2161(0d)2121(de21e2111311211)1(21222=+=+=+xxxxxxxxxx 7 (02)设闭区域 D:x 2 + y 2 y,x 0,f (x, y)为 D 上的连续函数,且 011 1 xyD0 xyDy 0 1 2 xDG 69=Dvuvufyxyxfdd),(81),(22,求 f (x, y) 解:设AvuvufD=dd),(,有Ayxyxf81),(22=, 曲线 x 2 + y 2 y,极坐标方程 r = sin ,sin0,20| ),(=rrD, 则=DDDyxArrryxAyxyxyxfAdd8d1ddd)81(dd),(20sin0222 88)d1cos(318)1 (31d20320sin0232+=AArD AAA+=+=+=692)sinsin31(31d1cos) 1(sin31203202, 移项,得6922+=A,即1291+=A, 故32981)1291(81),(2222+=+=yxyxyxf 8 (03)计算二重积分+=+DyxyxyxIdd)sin(e22)(22,其中积分区域 D = (x, y) | x2 + y2 解:极坐标0, 20| ),(=rrD, 则=+=+200222)(dsineddd)sin(e222rrryxyxIrDyx +=20022022002dcose21sine21d)de21(sind222rrrrrrr +=+=+2002022002d2)sin(e21cose21d )de(cos210d222rrrrrrrr IIrrrr+=+=+=+)e1 (2e12dsined 1e21) 1(e21d20022002 故 2I = (1 + e ),即)e1 (2+=I 9 (04)求+Dyyxd)(22,其中 D 是由圆 x2 + y2 = 4 和 (x + 1)2 + y2 = 1 所围成的平面区域 解:圆 (x + 1) 2 + y 2 = 1,即 x 2 + y 2 + 2x = 0,极坐标方程 r = 2 cos , 有cos20,232| ),(20, 20| ),(=rrrrD, 故+=+232cos20202022d)sin(dd)sin(dd)(rrrrrrrryyxD +=+=232320232cos20320203d)sin(138cos)dsin(1383sin1d3sin1drr 1 y 0 xDyDx0yDx02 2 70+=232220sind)sin(1)sin(138)cos(38 932316)sin41sin31sin21(sin38316232432=+= 10(05)计算二重积分+Dyxd| 1|22,其中 D = (x, y) | 0 x 1, 0 y 1 解:设10, 10| ),(21xyxyxD=,11, 10| ),(22=yxxyxD, 则+=+21d) 1(d)1 (d| 1|222222DDDyxyxyx +=10112210102222d) 1(dd)1 (dxxyyxxyyxx +=10113210103222)31(d)31(dxxyyyxxyyxyx +=103221032d)1(3232d)1(32xxxxx 31d)1(34)3231(d)1(3410321031032=+=xxxxxx, 令 x = sin t,有 dx = cos t d t,且 x = 0 时,t = 0;x = 1 时,2=t; 故31d)2cos2cos21 (3131d22cos13431dcoscos34d| 1|20220220322+= +=+ttttttttyxD 31431)4sin81212sin(3131d)24cos12cos21 (312020=+=+=ttttttt 11(06)计算二重积分Dyxxyydd2,其中 D 是由直线 y = x, y = 1, x = 0 所围成的平面区域 解:D = (x, y)| 0 y 1, 0 x y, 故=102100231002232)( )32(dyyxyydydxxyydydxdyxyyyyD 9292103=y 12(07)设二元函数+=, 2|1,1, 1|,),(222yxyxyxxyxf 计算二重积分Dyxfd),(,其中 D = (x, y) | | x | + | y | 2 解: 由对称性知只须考虑第一象限, D1 = (x, y)| x + y 1, x 0, y 0, D2 = (x, y)| 1 0,y 0, 填空:Cxx+|ln 753 (08)微分方程 xy + y = 0,y (1) = 1求方程的特解 y = 解:因ydxdyx=,有xdxydy=,Cxdxydyln+=,xCCxylnlnlnln=+=,即xCy =, 因 y (1) = 1,得 C = 1,即xy1=, 填空:x1 4 (08)微分方程 ( y + x 2e x ) dx x dy = 0 的通解是 y = 解:因可将其改写为xxyxdxdy=e1, 则)e()1e(eee11CxCdxxxxCdxxyxxdxxxdxx+=+=+=, 填空:x ( e x + C ) 三解答题: 1 (95)假设: (1)函数 y = f (x) (0 x 1)与 x 轴所围成的平面图形绕 x 轴旋转一周所成的旋转体体积为)1 ()(3)(2ftfttV=, 试求 y = f (x)所满足的微分方程, 并求该微分方程满足条件922=xy的解 解:)1 ()(3d)()(212ftftxxftVt=,f (x)在1, +)上连续,知txxf12d)(与 f (t)在(1, +)内可导, 两边求导,得)()(23)(22tftttfxf+=, 故可得 y = f (x)所满足的齐次微分方程xyxxyydd2322+=,即xyxyxy23dd22=,且922=xy, 令xyu =,有 y = xu,xuxuxydddd+=,代入原方程,得uuxuxu23dd2=+,即xxuuud3d2=, 两边积分Cxxuuulnd3d)111(+=,即 ln (u 1) ln u = 3 ln x + ln C,得:31Cxuu=, 则311Cxu=,31Cxxy=,因922=xy,有C81292=,C = 1, 故31xxy+= 4 (99)设有微分方程 y 2y = (x),其中=, 1, 0, 1, 2)(xxx若若 试求在(, +)内的连续函数 y = y (x),使之在(, 1)和(1, +)内都满足所给方程,且满足条件 y (0) = 0 解:一阶线性微分方程,有de )(ede )(e22d)2(d)2(CxxCxxyxxxx+=+=, 若 x 1,有xxxxxCCCxCxx2222222e)0(e)d0(ede )(e=+=+=+, 则微分方程的解为=. 1,)ee1 (, 1, 1e222xxyxx 5 (00)求微分方程 y 2y e 2x = 0 满足条件 y (0) = 1, y(0) = 1 的解 解:设 p = y,有 p 2p = e 2x,且 p| x = 0 = 1,一阶线性微分方程, 则)(edeee121d)2(2d)2(CxCxpxxxx+=+=,由于 p| x = 0 = 1,得 C1 = 1,即 p = y = (x + 1) e 2x, 有Cxxxxxxyxxxxxx+=+=+=+=222222e41e ) 1(21de21e ) 1(21de21) 1(de ) 1(, 77由于 y (0) = 1,得C+=41211,43=C, 故43e41e2122+=xxxy 6 (01)已知 fn (x)满足 fn(x) = fn (x) + x n1 e x(n 为正整数) ,且nfne) 1 (=,求函数项级数=1)(nnxf之和 解:设 y = fn (x),得一阶线性微分方程 y y = x n1 e x,且nyxe1=, 则)(e)d(e)dee(e1d)1(1d) 1(CnxCxxCxxynxnxxxnx+=+=+=, 由于nyxe1=,得)1( eeCnn+=,C = 0,即xnnnxxfye)(=, 设=11e)()(nxnnnnxxfxS,收敛区间 x 1, 1),有=1e )(nnxnxxS,x 1, 1), 则xxxSnnx=11e )(11,x (1, 1),有)1ln(|1 |lnd11e )0(e )(000xtttSxSxxx=+=, 故)1ln(e)()(1xxfxSxnn=,x 1, 1) 7 (02) (1)验证函数)()!3(! 6! 31)(363+=xnxxxxynLL满足微分方程 y + y + y = e x; (2)利用(1)的结果求幂级数=03)!3(nnnx的和函数 解: (1)因)()!3(! 6! 31363+=xnxxxynLL, )()!13(! 5! 21352+=xnxxxynLL, )()!23(! 4234+= xnxxxynLL, 则LL+=+ )!3()!13()!23()! 6! 5! 4()! 3! 2(13132365432nxnxnxxxxxxxyyynnn xnnnxe!0=, 故可得二阶常系数线性微分方程 y + y + y = e x,且 y | x = 0 = 1,y| x = 0 = 0 78(2)先解齐次情形,y + y + y = 0,特征方程 2 + + 1 = 0,得特征根23i12, 1=, 即 y + y + y = 0 的通解为)23sin23cos(e*212xCxCyx+=, 设xAye=是 y + y + y = e x的一个特解,代入得 3Ae x = e x,即31=A,xye31=, 则)23sin23cos(ee31*212xCxCyyyxx+=+=, 且)23cos2323sin23(e)23sin23cos(e21e31212212xCxCxCxCyxxx+=, 代入 y | x = 0 = 1,y| x = 0 = 0,则1311C+=,212321310CC +=,得321=C,C2 = 0, 故幂级数=03)!3(nnnx的和函数是23cose32e31)(2xxyxx+=,x (, +) 8 (03)设 y = f (x)是第一象限内连接点 A (0, 1),B (1, 0)的一段连续曲线,M (x, y)是曲线上一点,C 为M 在 x 轴上的投影,O 为坐标原点若梯形 OCMA 的面积与曲边三角形 CBM 的面积之和为3163+x,求 f (x)的表达式 解:由于)(1 21xfxSOCMA+=,=1d)(xCBMttfS,有316d)()(1 2131+=+xttfxfxx, 令=xttfu1d)(,得一阶线性微分方程316)dd1 (213+=+xuxux,且 u | x = 1 = 0, 即xxuxxu32132dd2+=,有de )3213(ed)2(2d)2(Cxxxuxxxx+=, 则)3113(d)32131(d1)3213(22322222CxxxxCxxxxCxxxxxu+=+=+=, 代入 u | x = 1 = 0,得C+=311310,C = 1,即231313d)(xxxttfux+=, 故2223) 1(21)313()(=+=+=xxxxxxxf 9 (03)设 F (x) = f (x)g (x),其中函数 f (x), g (x)在(, +)内满足以下条件:f (x) = g (x),g (x) = f (x),且 f (0) = 0, f (x) + g (x) = 2e x, (1)求 F (x)所满足的一阶微分方程; (2)求出 F (x)的表达式 解: (1)因 F (x) = f (x)g (x) + f (x)g (x) = g (x)2 + f (x)2,且 F (0) = f (0)g (0) = 0, 则 F (x) + 2 F (x) = g (x)2 + f (x)2 + 2 f (x)g (x) = f (x) + g (x)2 = 4e 2x,令 y = F (x), 故 F (x)满足一阶线性微分方程 y + 2 y = 4e 2x,且 y | x = 0 = 0 (2)有xxxxxxxxxCCCxCxy224242d22d2ee)e (e)de4(e)dee4(e+=+=+=+=, 代入,得 0 = 1 + C,C = 1, MB0 C 1 x1 Ay 79故 y = F (x) = e 2x e 2x 10(04)设级数)(864264242864+ 0) , (1)求 L 的方程; (2)当 L 与直线 y = ax 所围成平面图形的面积为38时,确定 a 的值 解: (1)切线斜率为 y,直线 OP 的斜率为xy,有axxyy=,且 y | x = 1 = 0, 有CxaxCaxxCxxaxxCxaxyxxxx+=+=+=+=2d)1(d)1()()d1(dee, 代入 y | x = 1 = 0,得 0 = a + C,C = a, 故 L 的方程为 y = ax 2 ax; (2)由 y = ax 2 ax 与 y = ax 联立求解得 L 与直线 y = ax 的交点为 x = 0 和 x = 2, 故aaaaxaxdxaxaxax34384)31()(382032202=,得 a = 2 13(07)设函数 f (x) 具有连续的一阶导数,且满足2022d)()()(xttftxxfx+=求 f (x) 的表达式 解:202220202d)()0()(d)(d)()(xttftfxfxxttftttfxxfxxx+=+=,且有 f (0) = 0, 0 x2y 80两边求导,得 f (x) = 2x f (x) f (0) + x 2 f (x) x 2 f (x) + 2x = 2x f (x) + 2x, 即 f (x)满足一阶线性微分方程 y 2x y = 2x,且 y | x = 0 = 0, 则22222e1)e(e)de2(ede2ed)2(d)2(xxxxxxxxxCCCxxCxxy+=+=+=+=, 代入 y | x = 0 = 0,得 0 = 1 + C,C = 1, 故1e)(2=xxf 14(09) 设曲线)(xfy =, 其中)(xfy =是可导函数, 且0)(xf 已知曲线)(xfy =与直线1, 0=xy及) 1( =ttx所围成的曲边梯形,绕x轴旋转一周所得的立体体积值是该曲边梯形面积值的t倍,求该曲线方程 解:因旋转体体积=txdxxfV12)(,曲边梯形面积=tdxxfS1)(, 则=ttdxxftdxxf112)()(,即=ttdxxftdxxf112)()(,两边求导得+=tdxxfttftf12)()()(, 两边再求导得)()()()()(2tftftf ttftf+=,即ydtdytdtdyy22+=,tyydtdy=22, 再对+=tdxxfttftf12)()()(,令1=t,得) 1 ()1 (2ff=,由0)(xf知,1) 1 (=f,即11=ty, 求解微分方程tyydtdy=22,11=ty,齐次微分方程,令tyu =,有tuy =,dtdutudtdy+=, 则122=+uudtdutu,12321222=uuuuuudtdut,tdtduuuduuuu=2313413132122, 两边积分得Ctuuln31ln)23ln(32ln31+=+,即Ctuulnln3)23ln(2ln=+, 则Ctuu=32)23(,Cttyty=3223,即Cyty=2)23(, 代入11=ty,可得1=C,有1)23(2=yty, 故该曲线方程为1)23(2=yxy 17(11))(xf在 1, 0有连续的导数,1)0(=f,且=+ttDDdxdytfdxdyyxf)()(, ) 10(0| ),(+=ttyxyxDt,求)(xf的表达式 解:因+=+=+txttxtDyxfdxdyyxfdxdxdyyxft0000)()()( =ttdxxfttfdxxftf00)()()()(, 且)(21)()(2tftdxdytfdxdytfttDD=,即)(21)()(20tftdxxfttft=, 0 txy 81则两边关于t求导,可得)(21)()()()(2tftttftftf ttf+=+,即0)(2)()2(=+tftft, 转化为求解微分方程02)2(=+yyt,10=ty, 分离变量,得22=tdtydy,两边积分,得Ctyln)2ln(2ln+=,即2)2(=tCy, 因10=ty,得41C=,有4=C,即2)2(4)(=ttfy, 故2)2(4)(=xxf 18(12)已知函数)(xf满足方程0)(2)()(=+ xfxfxf及xxfxfe2)()(=+, (1)求表达式)(xf; (2)求曲线=xdttfxfy022)()(的拐点 解: (1)因xxfxfe2)()(=+,有xxxfxfe2)e2()()(=+ ,代入0)(2)()(=+ xfxfxf, 可得xxfe)(=,且xxfe)(=满足方程0)(2)()(=+ xfxfxf与xxfxfe2)()(=+, 故xxfe)(=; (2)因=xtxxdtdttfxfy002222ee)()(, 则1ee2eeee200222222+=+=xtxxxxtxdtxdtxy, xdtxxdtxxdtyxtxxxxtxxtx2ee)42(ee2ee22ee2020022222222+=+= , 当0=x时,有0e02=xtdt,可得0= y且0=y, 当0x时,有0e02xtdt,可得02ee)42(0222x时,有0e02xtdt,可得02ee)42(0222+= xdtxyxtx, 故点)00(,是=xdttfxfy022)()(唯一的拐点 82第十一章第十一章 差分方程差分方程 一填空题: 1 (97)差分方程 yt+1 + yt = t2 t的通解为 解:先解线性齐次方程 yt+1 + yt = 0,特征方程为 + 1 = 0,特征根 = 1,则通解为 yt* = C (1) t, 再设线性非齐次方程特解为ttAtAy2)(01+=, 代入原方程, 得 A1 (t + 1) + A02 t + 1 + (A1t + A0)2 t = t2 t, 即 3 A1t + 2 A1 + 3 A0 = t,可得92,3101=AA,有ttty2)9231(=, 填空:tttCty) 1(2)9231(+= 2 (98)差分方程 2yt+1 + 10yt 5t = 0 的通解为 解:先解线性齐次方程 2yt+1 + 10yt = 0,特征方程 2 + 10 = 0,特征根 = 5,则通解为 yt* = C (5) t, 再设线性非齐次方程特解为01AtAyt+=,代入原方程,得 2A1 (t + 1) + A0 + 10 (A1t + A0) 5t = 0, 即 12 A1t 5t + 2 A1 + 12 A0 = 0,可得725,12501=AA,有725125=tyt, 填空:ttCty)5(725125+= 3 (01)某公司每年的工资总额在比上一年增加 20%的基础上在追加 2 百万元 若以 Wt表示第 t 年的工资总额(单位:百万元) ,则 Wt满足的差分方程是 解:第 t 年的工资总额应为 (1 + 0.2) Wt + 2, 填空:Wt + 1 = 1.2Wt + 2
收藏 下载该资源
网站客服QQ:2055934822
金锄头文库版权所有
经营许可证:蜀ICP备13022795号 | 川公网安备 51140202000112号