湖北省高中名校联盟2025届高三上学期第二次联合测评数学试卷一、单选题（本大题共8小题）1已知集合，若，则实数的取值范围为（）ABC0,2D2已知，点在线段的延长线上，且，则点的坐标为（）ABCD3已知为实数，是关于的方程的一个根，则（）AB2C4D4已知双曲线的离心率为，则该双曲线的渐近线方程为（）ABCD5若关于的函数的定义域为，则实数的取值范围为（）ABCD6如图，某圆柱的一个轴截面是边长为3的正方形，点在下底面圆周上，且，点在母线上，点是线段上靠近点A的四等分点，则的最小值为（）AB4C6D7在正三棱柱每条棱的中点中任取2个点，则这两点所在直线平行于正三棱柱的某个侧面或底面所在平面的概率为（）ABCD8已知函数的部分图象如图所示，若所在平面不等式在上恒成立，则实数的取值范围是（）ABCD二、多选题（本大题共3小题）9某老师想了解班上学生的身高情况，他随机选取了班上6名男同学，得到他们的身高的一组数据（单位：厘米）分别为，则下列说法正确的是（）A若去掉一个最高身高和一个最低身高，则身高的平均值会变大B若去掉一个最高身高和一个最低身高，则身高的方差会变小C若去掉一个最高身高和一个最低身高，则身高的极差会变小D这组数据的第75百分位数为18110已知抛物线，过点的直线与交于两点，直线分别与的准线交于两点.则下列说法正确的是（）AB直线的斜率分别记为，则为定值C的取值范围为D面积的最小值为11如图，在长方体中，为棱上一点，且，平面上一动点满足是该长方体外接球（长方体的所有顶点都在该球面上）上一点，设该外接球球心为，则下列结论正确的是（）A长方体外接球的半径为B点到平面的距离为C球心到平面的距离为D点的轨迹在内的长度为三、填空题（本大题共3小题）12记为等差数列的前项和，若，则 .13已知为锐角，且，则 .14对任意，都有，则实数的取值范围为 .四、解答题（本大题共5小题）15记的内角、的对边分别为、，已知.(1)求；(2)若边的中点为，且，外接圆的半径为，求外接圆的半径.16如图，球的半径为，为球面上三点，若三角形为直角三角形，其中.延长与球的表面交于点.(1)求证：平面；(2)若直线与平面所成的角分别为，试求二面角的正弦值.17已知函数.(1)讨论的单调性；(2)若恒成立，求实数的取值范围.18已知椭圆的左右焦点分别为，点在上，且的离心率为.(1)求椭圆的方程；(2)点为上一动点（不与的左右端点重合）.当时，求的面积；点在线段上，且和的内切圆半径相等，试问是否为定值？若是，求出该定值；若不是，请说明理由.19对任意，都存在.若数列满足，且，则称为“阶好数列”.记为“阶好数列”的个数.例如，对，有3个“6阶好数列”，分别为；.因此.(1)直接写出的值；(2)求，其中；(3)给定，求证：存在，使得对任意，都有.参考答案1【答案】B【详解】因为，所以由数轴可得，故实数的取值范围为.故选：B.2【答案】C【详解】因为点在线段的延长线上，且，所以点为中点，设点，则，解得，所以点的坐标为.故选：C.3【答案】D【详解】因为是关于的方程的一个根，所以，即.所以且，解得，所以.故选：D4【答案】C【详解】由题知，解得，又双曲线的焦点在轴上，所以该双曲线的渐近线方程为.故选：C.5【答案】C【详解】由题意，且对任意，且，对于，结合，得.若，由知对任意，矛盾；若，由知对任意，即，则，得，综上，当时，对任意，同时成立.故选：C6【答案】A【详解】由题意知：，且，则.将三角形展开到与三角形共面，记为三角形，可知共线，则.可得，当共线时取等号.又因为，在中，由余弦定理得，即，所以的最小值为.故选：A.7【答案】D【详解】如图，将直线分成3种情况：，均平行于上底面或下底面，有条；，均不平行于正三棱柱的某个平面；，均平行于某个侧面，有条.又直线总数为条，故所求概率为.故选：D.8【答案】B【详解】由图得，所以，得，所以，将代入，得，所以，于是，即.又，所以，所以.因为，所以，则.所以，令，则.不等式在上恒成立，即在上恒成立.若且，所以即可，又，易知在上单调递增，所以时，有，故.故选：B9【答案】BC【详解】去掉前的平均值，去掉后的平均值，A错误；去掉前的方差，去掉后的方差，B正确；去掉前的极差为，去掉后的极差为，C正确；由，知这组数据的第75百分位数为184，D错误.故选：BC10【答案】ABD【详解】对于A，如图，设直线的方程为依题意，设Ax1,y1,Bx2,y2.由消去，得.所以，而，所以，所以A正确；对于B，由A项已得：，由，故B正确；对于C，因Ax1,y1,Bx2,y2，则的方程为，令，解得，即点的坐标为，同理可得.则，当时，等号成立，故C错误；对于D，因为，故D正确.故选：ABD.11【答案】ABD【详解】对于A，长方体外接球的半径，故A正确.对于B，以为A一顶点，为以A为顶点的棱，构造棱长为3的正方体，连接，则点A到平面的距离为正方体体对角线长的，得，故B正确；对于C，取的中点，连结，则，又面，所以面.面平面平面.过作于，则平面.在中，计算得，所以，于是，故C错误.对于D，过点A向平面作垂线，垂足为，连结，则，又，得，即点的轨迹为以为直径的圆，在中，所以点的轨迹在内的长度为，故D正确.故选：ABD12【答案】10【详解】由，得.又，所以，则，故.故答案为：1013【答案】【详解】由，得，即.所以.由于为锐角，所以，则，结合，所以，因此.故答案为：.14【答案】【详解】记且，则.由fx0，得，所以在上单调递减，在上单调递增.所以最小值为（*），只需保证即可，记，则，且.在上，显然恒成立，在0,1上，、都递减，值域分别为，此时也有，所以，在上，恒成立，在1,+上，、都递减，值域分别为，所以，在1,+上，恒成立.所以在内单调递增，在1,+内单调递减.所以.由（*）知，即的取值范围是.故答案为：15【答案】(1)(2)【详解】（1）解：因为，则，所以，又，所以.（2）设外接圆的半径为，外接圆的半径为.由正弦定理，得，则.因为，则，所以为锐角，则，所以.于是，所以.16【答案】(1)证明见解析；(2).【详解】（1）因为是球的直径，所以.因为，平面，所以平面，因为平面，所以，因为，平面，所以平面.（2）因为直线与平面所成的角分别为，所以.不妨令，则，由题设，易知，以为坐标原点，所在直线为轴，过点作的平行线为轴，建立如图所示的空间直角坐标系，则.所以，设平面的法向量为，平面法向量为，由，取，得，由，取，得，设二面角的平面角为，则，易知.17【答案】(1)答案见解析(2)【详解】（1）函数的定义域为，导函数为，若，则，此时在单调递减；若，令，解得，其中，由，得，由，得，所以在单调递减，在单调递增，综上，当时，在单调递减；当时，在单调递减，在单调递增.（2）由，得，则，即，令，则，因为在上单调递减，所以，即，则，令，则，当时，单调递增；当时，单调递减，所以，所以，即的取值范围是.18【答案】(1)(2)；定值，【详解】（1）将代入的方程可得.由离心率可得.联立得到.所以的方程为.（2）设，则.在中，由余弦定理，得，所以.所以.设，记和的面积分别为，内切圆半径均为，记，则.所以，由，得.同理.在和中，由余弦定理得，所以，整理可得.即.（*）将代入（*），解得，即.所以为定值.19【答案】(1)；(2)；(3)证明见解析.【详解】（1）对于，由，知，此时有2个“2阶好数列”.分别为；，因此.对于，由，知，此时有4个“14阶好数列”.分别为；，因此.（2）对于，因为，所以，则且.若，则，与矛盾，所以或0.若，则，即.所以为“阶好数列”，有个.若，则，又，此时只有一个“阶好数列”为“”，所以，又，所以.（3）首先证明：对任意，若，则证明：对为“阶好数列”，其中，则.有三种情况：，则由于，则为“阶好数列”，有个.，则，因为，则.由于，则是“阶好数列”，有个.，则，矛盾.综上，三种情况得成立，则得证.于是对任意，即.由于，对于，利用（*）得，即.令，则.由于为常数且为整数，则存在，使得，命题得证.若约定，可以证明：当时，.当时，.则可以利用递推求出所有的.